2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）(新版)新人教版.doc

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1、- 1 -20192019 学年度第一学期高一期末考试物理试题学年度第一学期高一期末考试物理试题一、选择题：一、选择题： 1. 下列说法正确的是A. 在研究飞驰的汽车后轮的转动情况时可以将汽车后轮看做质点B. 铜仁市出租车的起步价是 7.00 元（2 公里内） ，其中“2 公里”是指位移C. 同一个运动，选择不同的参考系，其运动情况描述肯定不同D. “抬头望明月，月在云中行”中的“月在云中行”是选取云为参考系【答案】D【解析】研究飞驰的汽车后轮的转动情况时需要用到后轮的大小和形状，故 不能看作质点，A 错误；出租车的公里数表示路程，B 错误；对于同一个运动，选取不同的参考系，得出的结论可能不同

2、，也可能相同，比如选取树木和地面为参考系，研究汽车的运动，结果相同，C 错误；“月在云中行”是月亮在云中穿行，选取云为参考系，D 正确2. 如图所示， “马踏飞燕”是汉代艺术家集高度指挥，丰富想象、浪漫主义精神和高超的艺术技巧的结晶，是我国古代雕塑艺术的稀世之宝，飞奔的骏马之所以能用一只蹄稳稳地踏在飞燕上，是因为A. 马跑得快的缘故B. 马蹄大的缘故C. 马的重心在飞燕上D. 马的重心位置和飞燕在一条竖直线上【答案】D【解析】试题分析：对马进行受力分析，马处于平衡状态，飞燕对马的支持力和马的重力平衡，且两力在一条竖直线上，这些力与跑得快慢没关系，和马蹄的大小没关系，故 D 正确故选 D考点：本

3、题考查了力的平衡、重心.3. 为了测量 A、B 两物体之间的滑动摩擦力，某同学设计了如图所示四个实验方案，在实验操作过程中，认为测力计读数即为滑动摩擦力的大小，则最准确的方案是- 2 -A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：实验时，如果木块不保持匀速直线运动，摩擦力不等于拉力，只有当弹簧测力计拉动木块匀速运动时，拉力才与摩擦力成为一对平衡力，它们大小相等，但是不容易保持匀速直线运动，理论上可行，但是实验操作不可知，故不是最佳方案，故 ABD 错误；拉动木板时，木块受到向左的摩擦力，则于木块相对地面静止，则摩擦力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，压力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦

4、力不变，实验时不必保持匀速直线运动，弹簧测力计示数稳定，便于读数，使读数更准确，故为最佳方案，故 C 正确故选 C。考点：探究影响滑动摩擦力大小的因素【名师点睛】一个实验设计，必须遵循科学性原则，简便性原则，可操作性原则以及准确性原则这一考题正是考查考生在四个实验方案中，就可操作以及准确性方面做出正确判断的能力。4. “五米三项折返跑”的成绩反映了人体的灵敏素质，测定时，受试者听到口令后起跑，测试员同时开始计时，受试者从起点 A 全力跑向 5m 处的 B 点用手触摸折返线处后折返返回A 点，然后依次到 C 点、D 点最终返回 A 点，所用时间即为“五米三向折返跑”的成绩，现测得某受试者成绩为

5、10s，该受试者在测试全过程中的路程和平均速度的大小分别为（ ）A. 0，0 B. 15m，4m/s C. 30m，0 D. 30m，3m/s【答案】C【解析】试题分析：路程等于运动轨迹的长度，根据运动轨迹的长度求出路程，平均速度等- 3 -于位移与时间的比值，结合平均速度的定义式求出平均速度的大小路程等于运动轨迹的长度，所以受试者的路程，位移 x=0m，平均速度等于位移与时间的比值，则平均速度为零，C 正确5. 如图所示，位于光滑固定斜面上的小物块 P 受到一水平向右的推力 F 的作用，已知物体P 沿斜面加速下滑，现保持 F 的方向不变，使其减小，则加速度A. 一定变大 B. 一定变小C.

6、一定不变 D. 可能变小，可能变大，也可能不变【答案】A【解析】试题分析：对物块进行受力分析，物块受重力、支持力、推力，沿斜面加速下滑，知加速度的方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律列出方程，根据 F 的变化，可知加速度的变化小物块 P 在推力 F 的作用下，沿光滑固定斜面加速下滑，设小物块的质量为 m，斜面的倾角为 ，分析小物块的受力，并建立小物块的动力学方程，由牛顿第二定律，有，解得，保持F的方向不变，使其减小时，则加速度 a 一定变大，A 正确6. 如图甲为车站的安全检查仪，用于对旅客行李进行安全检查，其传送装置可简化为如图乙的模型，绷紧的传送带始终保持 v=1m/s 的恒定速率运行，设行李

7、与传送带之间的动摩擦因数 =0.1，A、B 间的距离为 2m，现旅客把行李无初速度地放在 A 处，同时以 v=1m/s 的恒定速率平行于传送带走到 B 处取行李，取，则A. 该乘客与行李同时到达 B 处B. 行李一直做加速直线运动C. 该乘客提前 1.5s 到达 B 处- 4 -D. 若传送带速度足够大，行李最快也要 2s 才能到达 B 处【答案】D【解析】试题分析：行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，由牛顿第二定律和运动学公式求出时间若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短由牛顿第二定律，得得设行李做匀加速运动的时间为 t，行李加速运动的末速度为由代入数值，得，匀加速运动的位

8、移大小为，匀速运动的时间为，行李从A到B的时间为：而乘客一直做匀速运动，从A到B的时间为，乘客提前 0.5 s 到达B，ABC 错误；若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短由，解得最短时间，D 正确7. 如图是物体做直线运动的 v-t 图像，由图可知，该物体A. 第 1s 内和第 3s 内的运动方向相反B. 02s 内和 04s 内的平均速度大小不相等C. 第 1s 内和第 4s 内的位移大小不等D. 第 3s 内和第 4s 内的加速度相同【答案】BD【解析】试题分析：速度时间图象中速度的符号表示物体的运动方向；图象的斜率等于加速度，倾斜的直线表示匀变速直线运动；图象与时间轴所围的面积表示位移

9、平均速度等于位移与时间之比根据这些知识进行解答由图知，在前 3s 内物体的速度一直为正值，说明在前 3s 内物体的运动方向一直不变，故 A错误；根据“面积”可知：02s 内的位移为，04s 内的位移为，位移相同，但所用时间不同，所以平均速度大小不同，B正确，第 1s 内的位移为，第 4s 内的位移为，第1s 内和第 4s 内的位移大小相等，C 错误；由速度图象的斜率等于加速度，知第 24s 内图线的斜率不变，则加速度不变，物体做匀变速直线运动，则第 3s 内和第 4s 内的加速度相同，- 5 -D 正确8. 在高速公路上，一辆大客车以 100km/h 的速度匀速行驶在一段平直的路面上，则大客车

10、A. 处于平衡状态B. 受到重力、支持力两个力作用C. 受到重力、支持力、牵引力三个力作用D. 受到重力、支持力、牵引力、阻力四个力作用【答案】AD.9. 一物体从静止开始做匀加速直线运动，在第 3s 内通过的位移是 3m，则下列说法正确的是A. 第 3s 内的平均速度是 1m/sB. 物体的加速度是 1.2m/s2C. 3s 末的速度是 4m/sD. 前 3s 内的位移是 5.4m【答案】BD【解析】试题分析：物体做匀加速直线运动，第 3s 内的位移等于前 3s 的位移减去前 2s 内的位移，根据位移公式列方程求出加速度，再求前 3s 内的位移，及 3s 末的速度第 3s 内的平均速度是为：

11、，A 错误；设加速度为 a，则有：，解得，B 正确；3s 末的速度为，C 错误；前 3s 内的位移为，D 正确10. 一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度 a 随时间 t 变化的图线如图所示，以竖直向上为 a 的正方向，则A. t=1s 时人处于失重状态B. t=3s 时人处于超重状态- 6 -C. t=8s 时人处于失重状态D. t=9s 时人处于超重状态【答案】BC【解析】从图中可知 04s 内加速度竖直向上，此时，处于超重状态，710s 内加速度竖直向下，此时，处于失重状态，故 BC正确二、实验填空题二、实验填空题11. “探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验装置如图甲所示，实验时先测出

12、不挂钩码时弹簧的自然长度，再将 5 个钩码逐个挂在弹簧的下端，测出相应的弹簧总长度。（1）某同学通过以上测量后把 6 组数据描点在坐标图乙中，请作出 F-L 图线_；（2）由此图线可得出该弹簧的原长 L0=_cm，劲度系数 k=_N/m【答案】 (1). （1）如图； (2). （2）5； (3). 25【解析】试题分析：（1）根据实验数据在坐标纸上描出的点，基本上在同一条直线上可以判定 F 和 L 间是一次函数关系画一条直线，使尽可能多的点落在这条直线上，不在直线上的点均匀地分布在直线两侧，如图：- 7 -（2）图线与坐标轴交点表示弹簧所受弹力大小 F=0 时弹簧的长度，即弹簧的原长：5cm

13、图线的斜率表示弹簧的劲度系数：考点：探究弹力和弹簧伸长量的关系【名师点睛】描线时要将尽可能多的点画在直线上，少数的点尽可能平均的分布于直线两侧测量有关长度时，要注意区分弹簧的原长 l0，实际长度 l 和伸长量 x，并明确三者之间的关系。12. 做“研究匀变速直线运动”实验时，某同学得到一条用打点计时器打下的纸带如图所示，在纸带上取了 A、B、C、D、E、F、G 等 7 个计数点，每相邻两个计数点间还有 4 个点图中没有画出，打点计时器接频率为 f=50Hz 的交流电源（1）每两个相邻的计数点的时间间隔为_s，打点计时器使用的是_（选填“交流”或“直流” ）电源（2）打下 E 点时纸带的速度 v

14、E=_（用题中给定字母表示） ；（3）若测得 d6=65.00cm，d3=19.00cm，物体的加速度 a=_m/s2；（4）如果当时电网中交变电流的频率 f50Hz，但当时做实验的同学并不知道，那么测得的加速度值比真实值_（选填“偏大”或“偏小” ） 【答案】 (1). （1）0.1； (2). 交流 (3). （2） (4). （3）0.2 (5). （4）偏小【解析】试题分析：（1）每相邻两个计数点间还有 4 个点，图中没有画出，所以相邻的计数点之间的时间间隔为 5T=0.1s打点计时器使用的是交流电源。- 8 -（2）利用匀变速直线运动的推论得：（3）根据匀变速直线运动的推论公式x=a

15、T2可得（4）如果在某次实验中，交流电的频率 51Hz，f50Hz，那么实际打点周期变小，根据运动学公式x=at2得：真实的加速度值就会偏大，所以测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏小。考点：研究匀变速直线运动【名师点睛】解答此题要知道相邻的计数点之间的时间间隔相等要注意单位的换算知道运用平均速度代替瞬时速度的思想。三、解答题或论述题：三、解答题或论述题： 13. 两个共点力，当它们同方向合力的大小为 7N，当它们反向时合力的大小为 1N，求当它们相互垂直时，合力的大小是多少？【答案】5N【解析】设两个力大小为，且，由题意，有同向时，反向时解得；解当两个力垂直时，其合力的大小；【答案】0.2

16、【解析】设物块受到的滑动摩擦力大小为 f，则；撤去 F 前有；撤去 F 后物块的加速度大小，；解得15. 一个小球自 125m 高的塔顶自由落下，不计空气阻力，g=10m/s2，求：（1）小球落到地面的时间；（2）小球落地时的速度；（3）全程小球的平均速度。- 9 -【答案】 （1）5s（2）50m/s（3）25m/s【解析】 （1）由可得，（2）由 v=gt 得落地时间为：，（3）平均速度为16. 小明乘坐缆车沿索道到达滑到顶部，索道长为 x=600m，缆车速度大小恒为 v车=1.2m/s；然后从滑到顶部由静止沿滑道直线滑下，滑道倾角 =30（简化模型如图） 假设滑雪者速度 vt10m/s

17、时阻力可忽略，vt10m/s 时阻力为滑雪者重力的 0.1 倍，取 g=10m/s2，求：（1）滑雪者乘坐缆车沿索道运动到滑道顶部需要的时间；（2）滑雪者速度 v=5m/s 时，加速度的大小和方向；（3）滑雪者从滑道顶部向下滑行 L=22m 需要的时间【答案】 （1）500s（2）5m/s2（3）3s【解析】试题分析：根据匀速运动的位移和速度求出滑雪者乘坐缆车沿索道运动到滑道顶部需要的时间；根据牛顿第二定律求出滑雪者的加速度大小和方向根据速度时间公式求出速度达到 10m/s 的时间，以及结合位移公式求出速度达到 10m/s 时的位移，根据牛顿第二定律求出有摩擦时的加速度，结合位移时间公式求出继续匀加速运动的时间，从而得出总时间（1）滑雪者乘坐缆车时，根据得，（2）当滑雪者的速度 v=5m/s，加速度大小为 ，解得，方向沿滑道向下（3）当滑雪者速度达到 10m/s 时，用时为 ，则，位移，滑雪者还要沿直线向下滑行，根据牛顿第二定律得，代入数据解得，- 10 -根据得，代入数据解得共用时