高考~物理经典例题讲解.doc

《高考~物理经典例题讲解.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考~物理经典例题讲解.doc（41页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、.高考物理经典题型及其解题基本思路力与运动 思想方法提炼一、对力的几点认识1.关于力的概念.力是物体对物体的相互作用.这一定义体现了力的物质性和相互性.力是矢量.2.力的效果（1）力的静力学效应：力能使物体发生形变.(2)力的动力学效应：a.瞬时效应：使物体产生加速度 F=mab.时间积累效应：产生冲量 I=Ft，使物体的动量发生变化 Ft=pc.空间积累效应：做功 W=Fs，使物体的动能发生变化E k=W3.物体受力分析的基本方法（1）确定研究对象（隔离体、整体）.（2）按照次序画受力图，先主动力、后被动力，先场力、后接触力.（3）只分析性质力，不分析效果力，合力与分力不能同时分析.（4）结

2、合物体的运动状态：是静止还是运动，是直线运动还是曲线运动.如物体做曲线运动时，在某点所受合外力的方向一定指向轨迹弧线内侧的某个方向.二、中学物理中常见的几种力三、力和运动的关系1.F=0 时，加速度 a =0.静止或匀速直线运动F=恒量:F 与 v 在一条直线上匀变速直线运动F 与 v 不在一条直线上曲线运动（如平抛运动）2.特殊力:F 大小恒定，方向与 v 始终垂直匀速圆周运动F=-kx简谐振动四、基本理论与应用解题常用的理论主要有：力的合成与分解、牛顿运动定律、匀变速直线运动规律、平抛运动的规律、圆周运动的规律等.力与运动的关系研究的是宏观低速下物体的运动，如各种交通运输工具、天体的运行、

3、带电物体在电磁场中的运动等都属于其研究范畴，是中学物理的重要内容，是高考的重点和热点，在高考试题中所占的比重非常大.选择题、填空题、计算题等各种类型的试题都有，且常与电场、磁场、动量守恒、功能部分等知识相结合.感悟 渗透 应用一、力与运动的关系.力与运动关系的习题通常分为两大类：一类是已知物体的受力情况，求解其运动情况；另一类是已知物体的运动情况，求解物体所受的未知力或与力有关的未知量.在这两类问题中，加速度 a 都起着桥梁的作用.而对物体进行正确的受力分析和运动状态及运动过程分析是解决这类问题的突破口和关键.【例 1】如图所示，质量 M=10kg 的木楔静止于粗糙水平地面上，木楔与地面间的动

4、摩擦因数 =0.2，在木楔的倾角为 =30的斜面上，有一质量 m=1.0kg 的物块由静止开始沿斜面下滑，当滑行路程 s=1.4m 时，其速度 v=1.4m/s.在这个过程中木楔处于静止状态.求地面对木楔的摩擦力的大小和方向（取 g=10m/s2）.【解析】由于木楔没有动，不能用公式 f=N 计算木楔受到的摩擦力，题中所给出动摩擦因数的已知条件是多余的。首先要判断物块沿斜面向下做匀加速直线运动，由运动学公式 v2t-v20=2as 可得其加速度 a=v2/2s=0.7m/s2，由于 a gsin=5m/s2，可知物块受摩擦力作用，物块和木楔的受力如图所示：对物块，由牛顿第二定律得：mgsin-

5、f1=ma f1=4.3Nmgcos-N1=0 N1= N对木楔，设地面对木楔的摩擦力如图所示，由平衡条件：f=N 1sin-f 1cos=0.61Nf 的结果为正值，说明所设的方向与图设方向相同.【解题回顾】物理习题的解答，重在对物理规律的理解和运用，忌生拉硬套公式.对两个或两个以上的物体，理解物体间相互作用的规律，正确选取并转移研究对象，是解题的基本能力要求.本题也可以用整体法求解：对物块沿斜向下的加速度分解为水平方向 acos 和竖直方向 asin，其水平方向上的加速度是木楔对木块作用力的水平分量产生的，根据力的相互作用规律，物块对木楔的水平方向的作用力也是 macos，再根据木楔静止的

6、现象，由平衡条件，得地面对木楔的摩擦力一定是 macos=0.61N.【例 2】如图所示，一高度为 h0.2m 的水平面在 A 点处与一倾角为 30的斜面连接，一小球以 v05m/s 的速度在平面上向右运动。求小球从 A 点运动到地面所需的时间（平面与斜面均光滑，取 g10m/s 2） 。某同学对此题的解法为：小球沿斜面运动，则由此可求得落地的时间 t。,sin21sin20tgtvh问：你同意上述解法吗？若同意，求出所需的时间；若不同意，则说明理由并求出你认为正确的结果。【解析】不同意。小球应在 A 点离开平面做平抛运动，而不是沿斜面下滑。正确做法为：落地点与 A 点的水平距离 )(102.

7、520 mghvts斜面底宽 )(3.hctglls小球离开 A 点后不会落到斜面，因此落地时间即为平抛运动时间。 )(2.012st二、临界状态的求解临界状态的问题经常和最大值、最小值联系在一起，它需要在给定的物理情境中求解某些物理量的上限或下限，有时它与数学上的极值问题相类似.但有些问题只能从物理概念、规律的约束来求解，研究处理这类问题的关键是：（1）要能分析出临界状态的由来.（2）要能抓住处于临界状态时物体的受力、运动状态的特征.【例 3】如图所示，在相互垂直的匀强电场、磁场中，有一个倾角为 且足够长的光滑绝缘斜面.磁感应强35.度为 B，方向水平向外，电场强度的方向竖直向上.有一质量为

8、 m，带电量为+q 的小球静止在斜面顶端，这时小球对斜面的压力恰好为 0.若迅速把电场方向改为竖直向下时，小球能在斜面上连续滑行多远？所用时间是多少？【解析】开始电场方向向上时小球受重力和电场力两个力作用，mg=qE，得电场强度 E=mg/q.当电场方向向下，小球在斜面上运动时小球受力如图，在离开斜面之前小球垂直于斜面方向的加速度为 0.mgcos+qEcos=Bqv+N，即 2mgcos=Bqv+N随 v 的变大小球对斜面的压力 N 在变小，当增大到某个值时压力为 0，超过这个值后，小球将离开斜面做曲线运动.沿斜面方向小球受到的合力F=mgsin+qEsin=2mgsin 为恒力，所以小球在

9、离开斜面前做匀加速直线运动 a=F/m=2gsin.其临界条件是 2mgcos=Bqv，得即将离开斜面时的速度 v=2mgcos/Bq.由运动学公式 v2=2as，得到在斜面上滑行的距离为 s=m2gcos2/(B2q2sin)再根据 v=at 得运动时间：t=v/a=mctan/Bq.【解题回顾】本题的关键有三点：（1）正确理解各种力的特点，如匀强电场中电场力是恒力，洛伦兹力随速度而变化，弹力是被动力等.（2）分析出小球离开斜面时临界状态，求出临界点的速度.（3）掌握运动和力的关系，判断出小球在离开斜面前做初速度为 0 的匀加速直线运动.下滑距离的求解也可以用动能定理求解，以加强对各种力的理

10、解.【例 4】如图所示，一平直的传送带以 v=2m/s 的速度匀速运行，传送带把 A 处的工件运送到 B 处.A、B 相距 L=10m.从 A 处把工件无初速度地放到传送带上，经过时间 t=6s 传送到 B 处，欲用最短的时间把工件从 A 处传送到 B 处，求传送带的运行速度至少多大？【解析】A 物体无初速度放上传送带以后，物体将在摩擦力作用下做匀加速运动，因为 L/tv/2,这表明物体从 A 到 B 先做匀加速运动后做匀速运动.设物体做匀加速运动的加速度为 a，加速的时间为 t1，相对地面通过的位移为 s，则有 v=at1，s=at 21/2，s+v(t-t 1)=L.数值代入得 a=1m/

11、s2要使工件从 A 到 B 的时间最短，须使物体始终做匀加速运动，至 B 点时速度为运送时间最短所对应的皮带运行的最小速度.由 v2=2aL，v=【解题回顾】对力与运动关系的习题，正确判断物体的运动过程至关重要.工件在皮带上的运动可能是一直做匀加速运动、也可能是先匀加速运动后做匀速运动，关键是要判断这一临界点是否会出现.在求皮带运行速度的最小值时，也可以用数学方法求解：设皮带的速度为 v，物体加速的时间为 t1，匀速的时间为 t2，则 L=（v/2）t 1+vt2，而 t1=v/a.t2=t-t1，得 t=L/v+v/2a.由于 L/v 与 v/2a 的积为常数，当两者相等时其积为最大值，得

12、v= 时 t 有最小值.由此看出，求物理极值，可以用数学方法也可以采用物理方法.但一般而言，用物理方法比较简明.三、在生产、生活中的运用.高考制度的改革，不仅是考试形式的变化，更是高考内容的全面革新，其根本的核心是不仅要让学生掌握知识本身，更要让学生知道这些知识能解决哪些实际问题，因而新的高考试题十分强调对知识的实际应用的考查.【例 5】两个人要将质量 M=1000kg 的小车沿一小型铁轨推上长 L=5m，高 h=1m 的斜坡顶端，如图所示.已知车在任何情况下所受的摩擦阻力恒为车重的 0.12 倍，两人能发挥的smL/5a/.最大推力各为 800N.在不允许使用别的工具的情况下，两人能否将车刚

13、好推到坡顶？如果能，应如何办？（g 取 10m/s2 ）【解析】由于推车沿斜坡向上运动时，车所受“阻力”大于两个人的推力之和.即 f1=Mgh/L+Mg=3.2103NF=1600N所以不能从静止开始直接沿斜面将小车推到坡顶.但因小车在水平面所受阻力小于两人的推力之和，即 f2=Mg=1200N1600N故可先在水平面上加速推一段距离后再上斜坡.小车在水平面的加速度为a1=(F-f2)/M=0.4m/s2在斜坡上做匀减速运动，加速度为a2=(F-f1)/M=-1.6m/s2设小车在水平面上运行的位移为 s 到达斜面底端的速度为 v.由运动学公式 2a1s=v2=-2a2L解得 s=20m.即两

14、人先在水平面上推 20m 后，再推上斜坡，则刚好能把小车推到坡顶.【解题回顾】本题的设问，只有经过深入思考，通过对物理情境的变换才能得以解决.由此可知，对联系实际问题应根据生活经验进行具体分析.不能机械地套用某种类型.这样才能切实有效地提高解题能力.另外，本题属半开放型试题，即没有提供具体的方法，需要同学自己想出办法，如果题中没有沿铁轨这一条件限制，还可以提出其他一些办法，如在斜面上沿斜线推等.【例6】蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目。一个质量为 60kg 的运动员，从离水平网面 3.2m 高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面 5.0m 高处。已知

15、运动员与网接触的时间为 1.2s。若把在这段时间内网对运动员的作用力当作恒力处理，求此力的大小。 （ g10m/s 2）【解析】将运动员看作质量为 m 的质点，从 h1 高处下落，刚接触网时速度的大小（向下）112vgh弹跳后到达的高度为 h2，刚离网时速度的大小（向上）速度的改变量（向上）12v以 a 表示加速度， t 表示接触时间，则接触过程中运动员受到向上的弹力 F 和向下的重力 mg。由牛顿第二定律，Fmga由以上五式解得， 21hgt代入数值得N31.50F四、曲线运动.当物体受到的合力的方向与速度的方向不在一条直线上时，物体就要做曲线运动.中学物理能解决的曲线运动的习题主要有两种情

16、形：一种是平抛运动，一种是圆周运动.平抛运动的问题重点是掌握力及运动的合成与分解.圆周运动的问题重点是向心力的来源和运动的规律.【例 7】在光滑水平面上有一质量 m=1.010-3kg，电量 q=1.010-10C 的带正电小球，静止在 O 点，以 O 点为原点，在该水平面内建立直角坐标系 Oxy，如图所示. 现突然加一沿 x 轴正方向、场强大小为 E=2.0106V/m 的匀强电场，使小球开始运动，经过 1.0s，所加电场突然变为沿 y 轴正方向，场强大小仍为 E=2.0106V/m 的匀强电场，再经过 1.0s 所加电场又突然变为另一个匀强电场.使小球在此电场作用下经 1.0s 速度变为

17、0.求速度为 0 时小球的位置.【解析】由牛顿定律可知小球在水平面上的加速度a=qE/m=0.20m/s2.当场强沿 x 轴正方向时，经 1.0s 小球的速度大小为 vx=at=0.201.0=0.20m/s（方向沿 x 轴方向）小球沿 x 轴方向移动的距离为x 1=at2/2=0.10m.在第 2s 内，电场方向 y 轴正方向，x 方向不再受力，所以第 2s 内小球在 x 方向做匀速运动，在 y 方向做初速度为 0 的匀加速直线运动（类似平抛运动）沿 y 方向的距离:y=at 2/2=0.10m.沿 x 方向的距离:x 2=vxt=0.21.0=0.20m.第 2s 未在 y 方向分速度为:

18、vy=at=0.201.0=0.20m/s由上可知，此时小球运动方向与 x 轴成 45角，要使小球速度变为 0，则在第 3s 内所加电场方向必须与此方向相反，即指向第三象限，与 x 轴成 225角.在第 3s 内，设在电场作用下小球加速度的 x 分量和 y 方向分量分别为 ax、a y，则ax=vx/t=0.2m/s2，ay=vy/t=0.20m/s2；在第 3s 未，小球到达的位置坐标为x3=x 1+x 2+vxt-axt2/2=0.40m，y3=y+v yt-ayt2/2=0.20m.【解题回顾】学好物理要有一定的空间想像力，要分析、想像物体的运动状态和运动轨迹.作图可以化抽象为具体，提高

19、解题成功率.本题小球的运动情景如图.【例 8】如图所示，有一质量为 m 的小球 P 与穿过光滑水平板上小孔 O 的轻绳相连，用手拉着绳子另一端，使小球在水平板上绕 O 点做半径为 a、角速度为 的匀速圆周运动 .求：（1）此时绳上的拉力有多大？（2）若将绳子从此状态迅速放松，后又拉直，使小球绕 O 做半径为 b 的匀速圆周运动.从放松到拉直这段过程经历了多长时间？（3）小球做半径为 b 的匀速圆周运动时，绳子上的拉力又是多大？【解析】 （1）绳子上的拉力提供小球做匀速圆周运动的向心力，故有：F=m 2a（2）松手后绳子上的拉力消失，小球将从松手时的位置沿圆周的切线方向，在光滑的水平面上做匀速直

20、线运动.当绳在水平板上长为b 时，绳又被拉紧.在这段匀速直线运动的过程中小球运动的距离为s= ，如图所示故 t=s/v=（3）将刚拉紧绳时的速度分解为沿绳子的分量和垂直于绳子的分量.在绳被拉紧的短暂过程中，球损失了沿绳的分速度，保留着垂直于绳的分速度做匀速圆周运动.被保留的速度的大小为：v1=va/b=a2/b.所以绳子后来的拉力为：F=mv 21/b=m2a4/b3.【解题回顾】此题难在第 3 问，注意物体运动过程中的突变点，理解公式 F=mv2/R 中的 v 是垂直于半径、沿切线方向的速度.五、图像的运用【例 9】如图所示，一对平行光滑轨道设置在水平面上，两轨道间距 L=0.20m，电阻R

21、=1.0；有一导体杆静止地放2.在轨道上，与两轨道垂直，杆及轨道的电阻皆可忽略不计，整个装置处于磁感应强度 B=0.5T 的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道向下，现用一外力 F 沿轨道方向拉杆，使之做匀加速运动，测得力F 与时间 t 的关系如图所示.求杆的质量 m 和加速度 a【解析】物体做匀加速运动的条件是合外力不变.导体杆运动过程中受拉力和安培力两个力作用，因安培力随着速度增加电流变大而变大，所以拉力随着时间而变化.设杆的质量为 m，加速度为 a，则由运动学公式 v=at，感应电动势 E=BLv，感应电流 I=E/R，安培力 f=BIL，由牛顿第二定律 F-f=ma，整理得 F=ma+B2L2

22、at/R，在图线上取两点代入后可得 a = 10m/s2 m = 0.1kg.练习题如图所示，离子源从某小孔发射出带电量 q=1.610-10C 的正离 子(初速度不计)，在加速电压 U= 1000V 作用下沿 O1O2方向进入匀强磁场 中磁场限制在以 O2为圆心半径为 R0=2.64cm 的区域内，磁感强度大小 B 为 0.10T，方 向垂直纸面向外，正离子沿偏离 O1O2为 60角的方向从磁场中射出，打在 屏上的 P 点，计算：(1)正离子质量 m(2)正离子通过磁场所需要的时间 t解 由图可见RR 0cot30由、式得1.6710 -27(kg)(2)由图所示，离子飞出磁场，偏转 60角

23、，故在磁场中飞.2009 年高考物理经典题型及其解题基本思路专题辅导（三）专题三 动量与能量思想方法提炼牛顿运动定律与动量观点和能量观点通常称作解决问题的三把金钥匙.其实它们是从三个不同的角度来研究力与运动的关系.解决力学问题时，选用不同的方法，处理问题的难易、繁简程度可能有很大差别，但在很多情况下，要三把钥匙结合起来使用，就能快速有效地解决问题.一、能量1.概述能量是状态量，不同的状态有不同的数值的能量，能量的变化是通过做功或热传递两种方式来实现的，力学中功是能量转化的量度，热学中功和热量是内能变化的量度.高中物理在力学、热学、电磁学、光学和原子物理等各分支学科中涉及到许多形式的能，如动能、

24、势能、电能、内能、核能，这些形式的能可以相互转化，并且遵循能量转化和守恒定律，能量是贯穿于中学物理教材的一条主线，是分析和解决物理问题的主要依据。在每年的高考物理试卷中都会出现考查能量的问题。并时常发现“压轴题”就是能量试题。2.能的转化和守恒定律在各分支学科中表达式(1)W 合 =E k包括重力、弹簧弹力、电场力等各种力在内的所有外力对物体做的总功，等于物体动能的变化。(动能定理)(2)WF=E 除重力以外有其它外力对物体做功等于物体机械能的变化。(功能原理)注：(1)物体的内能(所有分子热运动动能和分子势能的总和)、电势能不属于机械能(2)WF=0 时，机械能守恒，通过重力做功实现动能和重

25、力势能的相互转化。(3)W G=-E P重力做正功，重力势能减小；重力做负功，重力势能增加。重力势能变化只与重力做功有关，与其他做功情况无关。(4)W 电 =-E P 电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加。在只有重力、电场力做功的系统内，系统的动能、重力势能、电势能间发生相互转化，但总和保持不变。注：在电磁感应现象中，克服安培力做功等于回路中产生的电能，电能再通过电路转化为其他形式的能。(5)W+Q=E 物体内能的变化等于物体与外界之间功和热传递的和(热力学第一定律)。(6)mv02/2=h -W 光电子的最大初动能等于入射光子的能量和该金属的逸出功之差。(7)E=mc 2在核反

26、应中，发生质量亏损，即有能量释放出来。(可以以粒子的动能、光子等形式向外释放)动量与能量的关系1.动量与动能动量和能量都与物体的某一运动状态相对应，都与物体的质量和速度有关.但它们存在明显的不同：动量的大小与速度成正比p=mv；动能的大小与速度的平方成正比 Ek=mv2/2 两者的关系：p 2=2mEk动量是矢量而动能是标量.物体的动量发生变化时，动能不一定变化；但物体的动能一旦发生变化，则动量必发生变化.2.动量定理与动能定理动量定理：物体动量的变化量等于物体所受合外力的冲量.p=I，冲量 I=Ft 是力对时间的积累效应动能定理：物体动能的变化量等于外力对物体所做的功.E k=W，功 W=F

27、s 是力对空间的积累效应.3.动量守恒定律与机械能守恒定律动量守恒定律与机械能守恒定律所研究的对象都是相互作用的物体系统，(在研究某个物体与地球组成的系统的机械能守恒时，通常不考虑地球的影响)，且研究的都是某一物理过程.动量守恒定律的内容是：一个系统不受外力或者所受外力之和为 0，这个系统的总动量保持不变；机械能守恒定律的内容是：在只有重力和弹簧弹力做功的情形下，系统机械能的总量保持不变运用动量守恒定律值得注意的两点是：(1)严格符合动量守恒条件的系统是难以找到的.如：在空中爆炸或碰撞的物体受重力作用，在地面上碰撞的物体受摩擦力作用，但由于系统间相互作用的内力远大于外界对系统的作用，所以在作用

28、前后的瞬间系统的动量可认为基本上是守恒的.(2)即使系统所受的外力不为 0，但沿某个方向的合外力为 0，则系统沿该方向的动量是守恒的.动量守恒定律的适应范围广，不但适应常见物体的碰撞、爆炸等现象，也适应天体碰撞、原子的裂变，动量守恒与机械能守恒相结合的综合的试题在高考中多次出现，是高考的热点内容.【例 1】如图所示，滑块 A、B 的质量分别为 m1与 m2，m 1m 2，由轻质弹簧相连接置于水平的气垫导轨上，用一轻绳把两滑块拉至最近，使弹簧处于最大压缩状态后绑紧。两滑块一起以恒定的速率 v0向右滑动.突然轻绳断开.当弹簧 .伸至本身的自然长度时，滑块 A 的速度正好为 0.求：(1)绳断开到第

29、一次恢复自然长度的过程中弹簧释放的弹性势能 Ep；(2)在以后的运动过程中，滑块 B 是否会有速度为 0 的时刻?试通过定量分析证明你的结论.【解析】(1)当弹簧处压缩状态时，系统的机械能等于两滑块的动能和弹簧的弹性势能之和，当弹簧伸长到自然长度时，弹性势能为0，因这时滑块 A 的速度为 0，故系统的机械能等于滑块 B 的动能.设这时滑块 B 的速度为 v，则有 E=m2v2/2.因系统所受外力为 0，由动量守恒定律 (m1+m2)v0=m2v.解得 E=(m1+m2)2v02/(2m2).由于只有弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒(m1+m2)v02/2+Ep=E.解得 Ep=(m1-m2)(

30、m1+m2)v02/2m2.(2)假设在以后的运动中滑块 B 可以出现速度为 0 的时刻，并设此时 A 的速度为 v1，弹簧的弹性势能为 E p，由机械能守恒定律得 m1v12/2+E p=(m1+m2)2v02/2m2.根据动量守恒得(m 1+m2)v0=m1v1，求出 v1代入上式得:(m1+m2)2v02/2m1+Ep=(m 1+m2)2v02/2m2.因为 Ep0，故得:(m1+m2)2v02/2m1(m 1+m2)2v02/2m2即 m1m 2，这与已知条件中 m1m 2不符.可见在以后的运动中不可能出现滑块 B 的速度为 0 的情况.【解题回顾】 “假设法”解题的特点是：先对某个结

31、论提出可能的假设.再利用已知的规律知识对该假设进行剖析，其结论若符合题意的要求，则原假设成立.“假设法”是科学探索常用的方法之一.在当前，高考突出能力考察的形势下，加强证明题的训练很有必要.【例 2】如图所示，质量为 m 的有孔物体 A套在光滑的水平杆上，在 A 下面用细绳挂一质量为 M 的物体 B，若 A 固定不动，给 B 一水平冲量 I，B 恰能上升到使绳水平的位置.当 A 不固定时，要使B 物体上升到使绳水平的位置，则给它的水平冲量至少多大?【解析】当 A 固定不动时，B 受到冲量后以 A 为圆心做圆周运动，只有重力做功，机械能守恒.在水平位置时 B 的重力势能应等于其在最低位置时获得的

32、动能 Mgh=Ek=p2/2M=I2/2M.若 A 不固定，B 向上摆动时 A 也要向右运动，当 B 恰能摆到水平位置时，它们具有相同的水平速度，把 A、B 看成一个系统，此系统除重力外，其他力不做功，机械能守恒.又在水平方向上系统不受外力作用，所以系统在水平方向上动量守恒，设 M 在最低点得到的速度为 v0，到水平位置时的速度为 v.Mv0=(M+m)v.Mv02/2=(M+m)v2/2+Mgh.I=Mv 0.I=【解题回顾】此题重要的是在理解 A 不固定，B 恰能上升到使绳水平的位置时，其竖直方向的分速度为 0，只有水平速度这个临界点.另外 B 上升时也不再是做圆周运动，此时绳的拉力对 B

33、 做功(请同学们思考一下，绳的拉力对 B 做正功还是负功)，有兴趣的同学还可以分析一下系统以后的运动情况.【例 3】下面是一个物理演示实验，它显示：图中下落的物体 A、B 经反弹后，B 能上升到比初始位置高的地方.A 是某种材料做成的实心球，质量mI.m1=0.28kg，在其顶部的凹坑中插着质量 m2=0.1kg 的木棍 B.B 只是松松地插在凹坑中，其下端与坑底之间有小间隙. 将此装置从 A 的下端离地板的高度 H=1.25m处由静止释放.实验中，A 触地后在极短的时间内反弹，且其速度大小不变；接着木棍 B 脱离球 A 开始上升，而球 A 恰好停留在地板上，求木棍 B 上升的高度.重力加速度

34、（g=10m/s 2）【解析】根据题意，A 碰地板后，反弹速度的大小等于它下落到地面时的速度的大小，由机械能守恒得(m1+m2)gH=(m1+m2)v2/2，v 1= .A 刚反弹时速度向上，立刻与下落的 B 碰撞，碰前 B 的速度 v2= .由题意，碰后 A 速度为 0，以 v2表示 B 上升的速度，根据动量守恒 m1v1-m2v2=m2v 2.令 h 表示 B 上升的高度，有 m2v 22/2=m2gh，由以上各式并代入数据得:h=4.05m.【例 4】质量分别为 m1、m 2的小球在一直线上做弹性碰撞，它们在碰撞前后的位移时间图像如图所示，若 m1=1kg,m2的质量等于多少?【解析】从

35、位移时间图像上可看出：m 1和 m2于 t=2s 时在位移等于 8m 处碰撞，碰前 m2的速度为 0，m 1的速度 v0=s/t=4m/s碰撞后，m 1的速度 v1=-2m/s，m2的速度 v2=2m/s，由动量守恒定律得 m1v0=m1v1+m2v2，m2=3kg.【解题回顾】这是一道有关图像应用的题型，关键是理解每段图线所对应的两个物理量：位移随时间的变化规律，求出各物体碰撞前后的速度.不要把运动图像同运动轨迹混为一谈.【例 5】云室处在磁感应强度为 B 的匀强磁场中，一质量为 M 的静止的原子核在云室中发生一次 衰变， 粒子的质量为 m，电量为 q，其运动轨迹在与磁场垂直的平面内.现测得

36、 粒子运动的轨道半径为 R，试求在衰变过程中的质量亏损.(注：涉及动量问题时，亏损的质量可忽略不计)【解析】 粒子在磁场中做圆周运动的向心力是洛伦兹力，设 粒子的运动速度为 v，由牛顿第二定律得 qvB=mv2/R.衰变过程中，粒子与剩余核发生相互作用，设衰变后剩余核的速度为 v，衰变过程中动量守恒(M-m)v=mv. 粒子与剩余核的动能来源于衰变过程中亏损的质量，有mc 2=(M-m)v 2/2+mv2/2.解得:m=M(qBR) 2/2c2m(M-m).【解题回顾】此题知识跨度大，综合性强，将基础理论与现代物理相结合.考查了圆周运动、洛伦兹力、动量守恒、核裂变、能量守恒等知识.这类题型需注

37、意加强.【例 6】如图所示，一轻绳穿过光滑的定滑轮，两端各拴有一小物块.它们的质量分别为 m1、m 2，已知m2=3m1，起始时 m1 放在地上，m 2离地面的高度h=1.0m，绳子处于拉直状态，然后放手.设物块与地面相碰时完全没有弹起(地面为水平沙地)，绳不可伸长，绳中各处拉力均相同，在突然提起物块时绳的速度与物块的速度相同，试求 m2所走的全部路程(取 3 位有效数字)【解析】因 m2m 1，放手后 m2将下降，直至落地.由机械能守恒定律得m2gh-m1gh=(m1+m2)v2/2.m2与地面碰后静止，绳松弛，m 1以速度 v 上升至最高点处再下降.当降至 h 时绳被绷紧.gHg.根据动量

38、守恒定律可得:m 1v=(m1+m2)v1由于 m1通过绳子与 m2作用及 m2与地面碰撞的过程中都损失了能量，故 m2不可能再升到 h 处，m 1也不可能落回地面.设 m2再次达到的高度为 h1，m 1则从开始绷紧时的高度 h 处下降了 h1.由机械能守恒(m1+m2)v12/2+m1gh1=m2gh1由以上 3 式联立可解得h1=m12h/(m1+m2)2=m1/(m1+m2)2h此后 m2又从 h1高处落下，类似前面的过程.设 m2第二次达到的最高点为 h2，仿照上一过程可推得h2=m12h1/(m1+m2)2=m14h/(m1+m2)4=m1/(m1+m2)4h由此类推，得:h 3=m

39、16h/(m1+m2)6=m1/(m1+m2)6h所以通过的总路程s=h+2h1+2h2+2h3+【解题回顾】这是一道难度较大的习题.除了在数学处理方面遇到困难外，主要的原因还是出在对两个物块运动的情况没有分析清楚.本题作为动量守恒与机械能守恒定律应用的一种特例，应加强记忆和理解.【例 7】如图所示，金属杆 a 从离地 h 高处由静止开始沿光滑平行的弧形轨道下滑，轨道的水平部分有竖直向上的匀强磁场 B，水平轨道上原来放有一金属杆 b，已知 a 杆的质量为ma,且与杆 b 的质量之比为 mam b=34，水平轨道足够长，不计摩擦，求：(1)a 和 b 的最终速度分别是多大?(2)整个过程中回路释

40、放的电能是多少?(3)若已知 a、b 杆的电阻之比 RaR b=34，其余部分的电阻不计，整个过程中杆 a、b 上产生的热量分别是多少?【解析】(1)a 下滑过程中机械能守恒magh=mav02/2a 进入磁场后，回路中产生感应电流，a、b 都受安培力作用，a 做减速运动，b 做加速运动，经过一段时间，a、b 速度达到相同，之后回路的磁通量不发生变化，感应电流为 0，安培力为 0，二者匀速运动.匀速运动的速度即为 a.b 的最终速度，设为 v.由于所组成的系统所受合外力为 0，故系统的动量守恒mav0=(ma+mb)v由以上两式解得最终速度va=vb=v= (2)由能量守恒得知，回路中产生的电能应等于 a、b 系统机械能的损失，所以E=magh-(ma+mb)v2/2=4magh/7(3)由能的守恒与转化定律，回路中产生的热量应等于回路中释放的电能等于系统损失的机械能，即 Qa+Qb=E.在回路中产生电能的过程中，电流不恒定，但由于 Ra与 Rb串联，通过的电流总是相等的，所以应有所以.570()6462 gh73432btIQghmEab91674