2021_2021学年高中物理第1章第8节电容器的电容练习新人教版选修3_1.doc

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1、第8节电容器的电容1电容器(1)任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体，都可看成一个电容器，最简单的就是平行板电容器，电容器可以容纳电荷(2)电容器带电时，一个极板所带电荷量的绝对值即为电容器所带的电荷量(3)电容器的工作基础充电：使电容器的极板上带上电荷的过程称为充电，充电后两极板带等量异种电荷，充电过程，带电荷量Q逐渐增大，板间电压U增大，板间电场强度E增大放电：使充电后的电容器不带电荷叫做放电，放电过程，带电荷量Q减小，板间电压U减小，板间电场强度E减小2电容(1)定义：电容器所带电荷量Q与电容器的两极板间的电势差U的比值叫电容器的电容定义式为C(2)电容物理意义：表征电容器容纳电荷本领的物

2、理量，在数值上等于使电容器两板间的电压为1_V时电容器需要带的电荷量，与电容器是否带电无关，与Q、U无关(3)电容的国际制单位是法拉，简称法，符号F，此外还有微法、皮法，三者关系是1_F106_F1012_pF3平行板电容器的电容电容C与平行板间电介质的相对介电常数r、正对面积S成正比，与极板间距离成反比，决定式C.4常见的电容器固定电容器，可变电容器，薄膜电容器，电解电容器电解电容器的连接应注意“、”极 基础巩固1对于水平放置的平行板电容器，下列说法错误的是(A)A将两极板的间距加大，电容将增大B将两极板平行错开，使正对面积减小，电容将减小C在下极板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极

3、板间距的陶瓷板，电容将增大D在下极板的内表面上放置一面积和极板相等、厚度小于极板间距的铝板，电容将增大解析：影响平行板电容器电容大小的因素有：随正对面积的增大而增大；随两极板间距离的增大而减小；在两极板间放入电介质，电容增大据上面叙述可直接看出B、C选项正确，对D选项，实际上是减小了平行板的间距2竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按图所示的电路图连接绝缘线与左极板的夹角为.当滑动变阻器R的滑片在a位置时， 电流表的读数为I1，夹角为1；当滑片在b位置时， 电流表的读数为I2，夹角为2，则 (D)A12，I12，I1I2C12，I1I2 D12，I1I

4、2解析：先根据电容器在电路稳定的情况下相当于断路，比较两种情况下两极板的电势差、电场强度、电场力大小进而确定大小关系；再根据两种情况下的总电阻大小确定电流关系当滑片在a位置时平行板电容器两极板间电势差比当滑片在b位置时小，场强也就小，故12，两种情况下的闭合电路总电阻不变，故I1I2，所以正确选项D.3(多选)如图的电路中C是平行板电容器，在S先触1后又扳到2，这时将平行板的板间距拉大一点，下列说法正确的是(BD) A平行板电容器两板的电势差不变B平行板电容器带电量不变C平行板电容器两板的电势差减小D平行板电容器两板间的电场强度不变分析：S先触1，电容器充电，扳到2后，电容器电量不变板间距拉大

5、时，电容减小，根据电容的定义式C分析电势差的变化根据推论判断电场强度的变化解析： S先触1，电容器充电，扳到2后，电容器电量不变板间距拉大时，电容减小，根据电容的定义式C可知，两板的电势差增大故A、C错误，B正确根据推论：板间电场强度E，Q、S、r均不变，则E不变故D正确故选BD点评：本题是电容器动态变化分析问题，关键要抓住不变量当电容器充电后与电源断开，其电量不变4如下图所示，平行板电容器的电容为C，带电荷量为Q，板间距离为d，今在两板的中点处放一电荷q，则它所受静电力的大小为(C)A. B. C. D.5电学元件的正确使用，对电路安全工作起着重要作用某电解电容器上标有“25 V，450 F

6、”字样，下列说法中正确的是(B)A此电容器在交流、直流电路25 V的电压时都能正常工作B此电容器只有在不超过25 V的直流电压下才能正常工作C当工作电压是直流25 V时，电容才是450 FD这种电容器使用时，不必考虑两个引出线的极性解析：电解电容器上标有“25 V、450 F”的字样，知工作的安全直流电压，以及电容的大小，电容的大小与电容的电压无关，由电容本身的因素决定A由标称值可知，该电解电容器用于直流25 V及以下电压时才能正常工作；故A错误，B正确C电容器的电容值由其内部构造所决定，在不被击穿的条件下，与其工作电压无关；故C错误D电解电容器两引线有正、负极之分，使用时极性不能接错，也不能

7、接交流电故D错误能力提升6对于给定的电容器，描述其电容C、电量Q、电压U之间相应关系的图应是图中的 (B)解析：电容C与电容器所带的电荷量及两极板间的电压都无关，所以电容不随Q、U变化，B对7如右图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则(B)A带电油滴将沿竖直方向向上运动BP点的电势将降低C带电油滴的电势能将减小D若电容器的电容减小，则极板带电量将增大解析：保持电源与电容器相连，则两板间电压U不变，而板间距离d增大，则E将减小，原来qE0mg，则上极板稍上移后，qEmg

8、，油滴将沿竖直方向向下运动，A错；设接地点为O，则PUPOEdPO，E减小，则P点电势P减小，B正确；油滴向下运动，电场力做负功，其电势能将增大，C错；由QCU知：U一定，C减小，则Q减小，D错8如图所示的电容式键盘，是通过改变电容器的哪个因素来改变电容的(A)A两板间的距离B两板间的电压C两板间的电介质D两板的正对面积解析：计算机键盘上下运动时，改变了上、下两板间的距离，故A正确9(多选)在如图所示的实验装置中，充电后的平行板电容器的A极板与灵敏的静电计相接， B 极板接地静电计中连接转动指针的外壳也接地，当静电计所加的电压增大时，转动指针与竖直固定的指针的夹角也增大下列关于实验结果的说法中

9、正确的是(BC)A若只把极板B 稍向上移动一点，电容增大，两板间的电压增大，应增大B若只把极板B 稍向上移动一点，电容减小，两板间的电压增大，应增大C若只把极板B 稍向内移动一点，电容增大，两板间的电压减小，应减小D若只把极板B 稍向内移动一点，电容减小，两板间的电压减小，应减小解析：由于电容器没有再充电，其电量Q不变由C知，保持d不变，减小S，电容C减小由C转换成U，可看出电压U 增大，应增大，A项错误，B项正确保持S 不变，减小d，电容C 增大，电压U 减小，应减小，C项正确，D项错误10如图所示的装置中，平行板电场中有一质量为m，带电量为q的小球，用长L的细线拴住后在电场中处于平衡位置，

10、此时线与竖直方向的夹角为，两板间的距离为d，求：(1)小球带何种电荷？(2)两板间的电势差是多少？(3)把线拉成竖直向下的位置，放手后小球到达平衡位置时的速度为多大？分析：(1)小球在电场中处于平衡状态，根据小球的电场力方向与场强方向的关系，判断小球的电性(2)根据平衡条件和场强与电势差间的关系，求解两板间的电势差(3)线拉成竖直向下的位置，放手后小球向左摆动，根据动能定理求小球到达平衡位置时的速度解析：(1)由小球处于平衡状态及受力分析可知小球受电场力方向水平向左，小球应带负电(2)设此时绳子拉力为T，板间电场强度为E，由平衡条件得qETsin mgTcos 由匀强电场E由上述式可解得U.(3)从放手到平衡位置，由动能定理得：qELsin mgL(1cos )mv20由上述可解得v.答案：(1)负电(2)U(3)v点评：本题关键分析小球的受力情况和运动情况，根据动能定理求解速度是常用的方法5