2022年皖南八校届高三二模.docx

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1、精选学习资料 - - - - - - - - - 安徽省皖南八校 一挑选题 6 7=422022 届高三其次次联考理综物理试题14将四块相同的牢固石块垒成圆弧形的石拱,其中第 3、4 块固定在地基上,第 l、 2 块间的接触面是竖直的,每块石块的两个侧面间所夹的圆心角为 300假定石块间的摩擦力可以忽视不计,就第 1、2 块石块间的作用力和第 1、3 块石块间的作用力的大小之比为A1/2 B3 /2 C3 /3 D315如图甲所示,以速度 v 逆时针匀速转动的足够长的传送带与水平面的夹角为 现将一个质量为m 的小木块轻轻地放在传送带的上端,小木块与传送带间的动摩擦因数为 aBD卫星的动能 Ek

2、AE kB17如下图, P、Q 是电荷量相等的两个正点电荷,它们的连线中点为O 点, A 、B 是 PQ 连线的中垂线上的两点, OAaBCaA=aB 时, vAV B DaA=aB 时, vAh2h3Ch1=h2h3Dh1=h3h220如下图, 在光滑绝缘的水平面的上方存在有水平方向的匀强磁场,AB 、CD 是磁场区域的边界一个正方形的闭合导线框以水平速度v；冲向磁场区域,当它全部进入磁场区域后速度变为v1,当它全部冲出磁场区域后速度变为v2比较导线框进入磁场的过程和离开磁场的过程,以下说法正确的选项是A进入过程导线框的速度变化 v0-v1 等于离开过程导线框的速度变化 v1-v2B进入过程

3、导线框的动能变化 Eko-Ek1 等于离开过程导线框的动能变化 Ek1-Ek2C进入过程导线框产生的热量 Q1 小于离开过程导线框产生的热量 Q2；D进入过程通过导线框横截面积的电量 q1 小于离开过程通过导线框横截面积的电量 q2第二卷 非挑选题 共 180 分 2118 分 I如图甲所示,在探究加速度与力、质量的关系的试验中,用装有沙子的小桶通过细线绕过定滑轮拉着小车在长木板上作匀加速直线运动通过转变沙的质量的方法来转变小车受到的作用力 F,用打点计时器打出的纸带测出小车的加速度 a,得出假设干组 F 和 a 的数据,然后依据测得的数据作出如图乙所示的 a-F 图线,发觉图线既不过原点又不

4、是直线,其可能的缘由是 _. A 没有平稳摩擦力,且小车质量较小B平稳摩擦力时,长木板的右端垫得过高,且小车的质量较大C平稳摩擦力时,长木板的右端垫得过高,且沙子和小桶的质量较大D平稳摩擦力时,长木板的右端垫得过低,且沙子和小桶的质量较大II在测量一节干电池的电动势和内电阻的试验中,备有如下器材：A 干电池 E电动势约为1.5 V,内电阻约为1 B电流表 A 量程为 名师归纳总结 C电流表 G满偏电流为3mA,内阻 Rg=10 2A 第 2 页,共 10 页D滑动变阻器R1阻值范畴 020 ,额定电流2 - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - E滑动变阻器R

5、2阻值范畴 0200 ,额定电流1A E定值电阻 R3=990G开关和导线假设干1某同学为了完成试验,设计了如以下图所示的甲、乙两种参考电路,其中合理的是 _ 填“ 甲 或“ 乙” 2为了能便利精确地进行测量,其中应挑选的滑动变阻器是 _填“R1” 或“R2” 3如上图丙所示, 是某位同学依据他所设计的试验测得的六组数据在 I 1-I 2 图像上所描出的点 I 1 为电流表 G 的示数, I2 为电流表 A 的示数 请你在图上画出图线,并由图线求出电池的电动势 E=_V ,内电阻 r=_ III 如下图是一个多量程多用电表的简化电路图测电流和测电压各有两个量程,仍有两个档位用来测电阻 在进行电

6、阻测量时, 应将挑选开关S 拨到 _或_两个位置； 假设测量电流时只有25mA和 250mA 两个量程,在某次测量时需要挑选250 mA 量程,应将挑选开关S 拨到 _位置三运算题 14+16+202214 分如下图, 质量 M=10kg ,上外表光滑的足够长的木板在F=50 N 的水平拉力作用下,以 v0=5ms 的速度沿水平地面对右匀速运动现有两个小铁块,它们的质量均为m=1kg；在某时刻将第一个小铁块无初速度地放在木板的最右端,当木板运动了L=lm 时,又无初速度地在木板最右端放上其次个小铁块取g=10ms 2求：1第一个铁块放上后,木板的加速度是多大 . 2其次个小铁块放上时,木板的速

7、度是多大 . 3其次个小铁块放上后,木板能运动的最大位移是多少 . 3 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 2316 分如下图在竖直平面内一个带正电的小球质量为m,所带的电荷量为q,用一根长为L 不可伸长的绝缘细线系在一匀强电场中的O 点匀强电场方向水平向右,分布的区域足够大现将带正电小球从 O 点右方由水平位置A 点无初速度释放,小球到达最低点B 时速度恰好为零B 所用的时间t 是多少 .1求匀强电场的电场强度E 的大小2假设小球从O 点的左方由水平位置C 点无初速度释放,就小球到达最低点此后小球能到达的最大高度H

8、相对于 B 点是多少 . 2420 分如图甲所示,在真空中半径为R 的虚线所围的圆形区域内存在着匀强磁场,磁场方向与纸面垂直在磁场右侧有一对平行金属板 M 和 N,两板间的距离也为 R,板长为 LL R,两板的中心线OlO2 与磁场区域的圆心 O 在同始终线上, O1 点在电场的左边缘有一电荷量为+q、质量为m的带电粒子,以速率 vo 从圆周上的 P 点沿垂直于半径 OO1 并指向圆心 O 的方向进入磁场当粒子从圆周上的 O1 点飞出磁场时,给 M 、N 板加上如图乙所示的交变电压 u最终粒子刚好以平行于 N 板的速度从 N 板的边缘飞出 不计金属板两端的边缘效应及粒子所受的重力1求磁场的磁感

9、应强度 B；2求交变电压的周期 T 和电压 U0 的值；3假设 t=T/4 时刻,将该粒子从 M 、N 板的右侧边缘沿板的中心线 O2O1,仍以 v 射入 M 、N 板之间,求粒子从磁场中射出的点到 P 点的距离4 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 物理部分答题卷一挑选题：76=42 分16 17 18 19 20 题号14 15 答案二试验题：4+10+4=18分21 _ 1_；2_；3_；图线如下图：_；III _；_ ；三运算题：14+16+20=50分 2214 分 5 名师归纳总结 - - - - - -

10、 -第 5 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 2316 分 2420 分 6 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 物理部分参考答案一挑选题：76=42 分16 17 18 19 20 题号14 15 答案B D B C C D A 二试验题：4+10+4=18分21 A D 答全得 4 分,未答全得2 分1乙；2R ；31.48 1.47-1.49 均给分；图线如下图：0.800.75-0.85 均给分；每一小问 2 分,总 10 分III 3 或 4 ； 1 ；每一小问 2 分,总

11、4 分三运算题：14+16+20=50 分 22 解：1设木板与地面间的动摩擦因数为未放小铁块时,对木板由平稳条件得mF =Mg =0.5 2 分第一个小铁块放上后,木板做匀减速运动,加速度为1aF -M+mg = M1aa = -mg = -Mm2 s 3 分s2 3 分2设其次个小铁块放上时,木板的速度是1v2 1v -2 v =2a L v =26msa23其次个小铁块放上后,木板做匀减速运动,加速度为F -M+2mg = Ma 2a = -2mg= - 1m2 s 3 分M设其次个小铁块放上后,木板能运动的最大位移是S 02 v 12 a2SS = 12m 3 分7 名师归纳总结 -

12、- - - - - -第 7 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - 23 解：1对小球由 A 到 B 的过程,由动能定理得mg0 = mgL - qEL E = 4 分q2小球由 C 点释放后, 将做匀加速直线运动,到 B 点时的速度为 v ；小球做匀加速直线运动的加速度为 a a = 2 mg/m = 2 g 2 分v = 2a 2 2 L 2 分v B 2 Lt= 2 分a g小球到 B 点时丝线恰好拉紧；将 v 分解为 v B 1 和 v B 2,v B 1 = v cos45 = 2 gL 2 分此后小球以 v B 1 作圆周运动；设运动到 D 点恰好速度为

13、 0,对小球由 B 点到 D 点的过程,由动能定理得0 1m v B 21 = mg L + Lsin +qEL cos2= 45 3 分在到达 D 点前小球始终沿圆轨道运动,所以小球离 B 点的最大高度H = L + Lsin = 2 2 L 1 分224 解：1粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径也为 R 2v 0q 0v B=m B= m v /qR 4 分R2设粒子经过 n 个周期穿出电场,其轨迹如下图；在垂直平行板的方向上有：1 2aT 222n=Rn=1,2,3 2 分2a=qU 0 2 分mR8 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页,共 10 页精选学习资料 - - -

14、 - - - - - - nT=Ln=1,2,3 2 分v 0LT= n=1,2,3 2 分nv 02 2U 0 = 2 nmvqL 02 R n=1,2,3 2 分3在 t= T 时刻,粒子从右侧沿板的中心线射入 M 、N 板之间：4粒子的轨迹如下图,粒子经过 n 个周期肯定沿 O 2 O 连线以 0v穿出电场； 从 O 点射入磁场做半径为 R 的圆周运动； 由图中的几何关系可知粒子从 Q 点射出,射出的点 Q 到 P 点的距离为2R ；每小点到达各得 2 分 6 分附挑选题详解：14答案： B 如图对第一个石块进行受力分析,由几何关系知：=60 0,所以有 N12 ： N13=sin600

15、= 3215答案： D 由于tan,说明小物块不能和传送带到达相对静止状态；当物块速度小于传送带时,a=gsin + gcos；当物块速度大于传送时,a=gsin-gcos；16. 答案： B 卫星从 A 轨道到 B轨道是近心运动,所以有 v v ；E kAE kB；而万有引力和加速度都是不变的；17答案： C 找到 A 的对称点 C,A 点和 C 点的场强和电势大小都相等；等量同种电荷的连线的中垂线上存在有场强极大值的点,它可能在 C 点上方,也可能在 C 点下方, 故 B 和 C 两点场强大小不确定；将一带正电的点电荷从 C 移至 B,电场力做正功,所以电势能减小,电势降低；18答案： C

16、 物体 A 的加速度逐步减小,而 B 的加速度逐步增大；在 a = a 之前, A 的加速度总大于 B的加速度,所以 a = a 时,V V ；此后 A 的加速度连续减小,B 的加速度连续增大,所以 V = V 时,9 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页,共 10 页精选学习资料 - - - - - - - - - a a ；19答案： D 由竖直上抛运动的最大高度公式得：1h = V 0 2；当小球在磁场中运动到最高点时,小球应有2 g1水平速度,由能量守恒得：mgh2+Ek= mV 0 2= mgh 1,所以 h 2h ；当加上电场时,由运动的分解可知：2在竖直方向上有,V

17、 02=2gh 3 ,所以 h = h ；20答案： A 将进入磁场的过程中分成很多个小过程,对导线框由动量定理可得 BI nLt n=mv n-v n-1,求和可得 BLq 1=m 0v v ；同理,对于穿出过程由动量定理可得 BLq 2=mv 2v ；而电量 q=,穿入R和穿出过程的磁通量变化量相同,所以有 q1= q2；,v 1v = 1v v ；E k 0E k 1E k 1E k 2；再由能量守恒定律可知,动能的削减都转化成内能,所以有 Q Q ；此题是单项挑选题,答案 B、C、D 简单判断是不正确的,用“ 排除法” 也可知答案 A 是正确的；10 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页,共 10 页