《中考物理总复习》河南省焦作市2019年中考物理模拟试卷二（含解析）.doc

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1、2019年河南省焦作市中考物理模拟试卷（二）一、单选题1如图所示，光在玻璃和空气的界面CD同时发生了反射和折射，以下说法正确的是（）A入射角为60°，界面右侧是空气B折射角为45°，界面右侧是玻璃C入射角为30°，界面左侧是空气D折射角为45°，界面左侧是玻璃2如姿同学在整理物理笔记时，有如下四句话其中错误的是（）A成年人步行速度约为1m/sB一个中学生体重约为450NC用手托起两个鸡蛋的力约为0.1kgD功和能的单位都是焦耳3如图所示，物体在水平面上做匀速直线运动，拉力F60N，该装置的机械效率为70%，则物体受到的摩擦力大小是（）A60NB126NC

2、180ND257.1N4一块质量为100g的冰熔化成水后，下列说法正确的是（）A体积变小，质量变大，密度不变B体积不变，质量变小，密度变大C体积变小，质量不变，密度变大D体积变大，质量不变，密度变小5如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器R2的最大阻值为20，灯泡L的电阻是10当S闭合，S1断开，且滑片P在b端时，电流表示数为0.2A；当S、S1都闭合，且滑片P在a端时，此时小灯泡正常发光，电流表的示数为0.8A（不考虑温度对电阻的影响），则下列说法正确的是（）A电源电压为7.2 VB电阻R1的阻值为20C电路中消耗的最大总功率与最小总功率之比为4：1D小灯泡的额定功率是3 W6如图所示，有

3、四只相同体积的烧杯，各盛有质量相等的煤油、汽油、植物油和硫酸，其中盛汽油的烧杯是（硫酸植物油煤油汽油）（）ABCD二、多选题7下列问题中，属于可探究的科学问题的是（）A物体内能的大小与哪些因素有关？B当温度升高时，气体的扩散会加快吗？C导体的电阻大小与导体两端的电压有关吗？D通过导体的电流增大时，该导体会发生哪些变化？8要使电热器在单位时间内供热减少一半，以下方法中正确的是（）A电压不变，电阻增大到原来的2倍B电阻丝不变，把通过它的电流减少一半C保持电压不变，把电阻丝的电阻减小一半D把电热器的电阻和加它两端的电压均减小一半三、填空题9小刚在艺术节上用吉他弹奏优美的乐曲，吉他发出的声音是通过传入

4、人耳的；变换手指按压的位置可以改变声音的；用力拨动吉他弦可以提高声音的。10一艘船重为8.0×104N，当船漂浮在水面上时，船排开水的重力为N，此时船排开水的体积为m3（水1.0×103kg/m3）11根据图中的现象可知，气球B带电荷，若将带负电的橡胶棒靠近B球，它们会互相。当带负电的橡胶棒接触验电器金属球，验电器内金属箔片张开是因为。12把衣服抖动几下，能把粘在衣服上尘土斗掉。这是因为抖动衣服时，尘土由于，还保持原来的状态，所以尘土和衣服分离开。13如图是三种仪器的测量情形。请你读数（1）图甲中物体的长度为cm；（2）图乙中体温计的示数为；（3）图丙电能表的示数为kWh。

5、14如图所示是根据英国物理学家法拉第发现的现象制成的示意图（填“发电机”或“电动机”）。四、作图题15如图，物体静止在斜面上，请画出物体受到的支持力和物体对斜面的压力示意图。16如图的a中，用手把一小盆水端起，此时水盆相当于图的b所示的杠杆，其中O为支点，A为杠杆的动力作用点。请在图的b中画出作用在A点的最小动力F1和阻力F2的力臂L2。五、实验题17如图甲是小明做“观察水的沸腾”的实验装置图。（1）实验时，老师让同学们在烧杯上盖上硬纸板，这样做的目的是。（2）小明在水温升高到90时开始每隔1min记录一次水的温度。记录的数据如下表所示，其中在第2min记录数据时，温度计的示数如图乙所示，请将

6、读数填在表内的空格处。时间/min01234567温度/90929698999999（3）请你根据表中的数据在图丙中画出水的温度随时间变化的图象。（4）从图象中可以看出水的沸点是，水在沸腾时温度的特点是。（5）实验结束后，同学们所测水的沸点都低于100，由此大家判断可能是当时的大气压（选填“高于”、“等于”或“低于”）标准大气压。18在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）如图a所示，要使杠杆在水平位置平衡，可将杠杆左端的平衡螺母向调节。（2）如图b所示，调节平衡后，左侧挂上钩码，在右侧用弹簧测力计（图中未画出）拉杠杆，使其在水平位置平衡，为便于测量力臂，应使弹簧测力计拉力的方向。（3）操作过程中，

7、当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，你认为接下来合理的操作是。（写出一条即可）（4）甲同学测出一组数据后就得出了“动力×动力臂阻力×阻力臂”的结论，乙同学认为他的做法不合理，理由是。19电阻Rx的阻值估计在610之间，小红同学利用以下元件测量Rx的阻值，电路连接如图，其中有一根导线没有接好。（1）请在图1的实物图上补画所缺的一根导线，并在右边的虚线框中画出对应的电路图。（2）在连接电路时，开关应；闭合开关前滑片P应置于滑动变阻器的端。（选填“A”或“B”）（3）若某次测量时，两电表示数如图2所示，则IA，UV（4）根据实验数据可得Rx。六、综合题20我国浙江大学

8、研制出了一种超轻气凝胶“全碳气凝胶”，刷新了目前世界上最轻材料的纪录。（1）其内部由碳纳米管和石墨烯共同支撑起无数个孔隙，充斥着空气，因此极为轻盈，密度仅为0.16mg/cm3，为g/cm3。（2）如图所示，由气凝胶制成约8cm3的“碳海绵”亭亭玉立地静止在桃花的花蕊上，“碳海绵”受到的合力为。（3）实验发现“碳海绵”被压缩80%后仍可恢复原状，因此具有很高的性。21如图所示电路，电源两端电压为2V且保持不变，电阻R14，R28。求：（1）开关S闭合、S1断开时，电流表的示数I1；（2）开关S、S1都闭合时，电路的总功率P。2019年河南省焦作市中考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、单选

9、题1如图所示，光在玻璃和空气的界面CD同时发生了反射和折射，以下说法正确的是（）A入射角为60°，界面右侧是空气B折射角为45°，界面右侧是玻璃C入射角为30°，界面左侧是空气D折射角为45°，界面左侧是玻璃【分析】（1）已知光在玻璃和空气的界面CD，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线。（2）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。（3）光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透

10、明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。【解答】解：（1）已知CD是界面，则由图可知，AOC60°，则BOD60°，所以入射角为90°60°30°，而COE45°，则折射角为90°45°45°，因折射角大于入射角，所以CD的右边是空气，左边是玻璃。（2）根据折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OE一定为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线，综上所述，故只有选项D正确。故选：D。【点评】此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，此题已经告诉界面和光的传播方向，再根

11、据折射角和入射角的大小确定介质即可。2如姿同学在整理物理笔记时，有如下四句话其中错误的是（）A成年人步行速度约为1m/sB一个中学生体重约为450NC用手托起两个鸡蛋的力约为0.1kgD功和能的单位都是焦耳【分析】（1）首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。（2）功和能量的单位都是焦耳。【解答】解：A、人步行的速度一般在1.1m/s左右，故A不符题意；B、中学生的质量一般在100斤即50kg左右，根据重力与质量的关系可得重力Gmg50kg×10N/kg500N，故一名中学生

12、所受的重力约为500N，故B不符题意；C、一斤（500g）鸡蛋可称810个，那么一个鸡蛋的质量约为50g（0.05kg），其重力为Gmg0.05kg×10N/kg0.5N，故托起两个鸡蛋的力大约为1N，故C符合题意；D、功和能量的单位都是焦耳，故D不符题意；故选：C。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测和物理量的单位，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。同时明确物理量的单位。3如图所示，物体在水平面上做匀速直线运动，拉力F60N，该装置的机械效率为70%，则物体受到的摩擦力大小是（）A60NB126NC180ND257.1N【分析】沿水平方向使用滑轮组拉动物体

13、时，克服摩擦做的功是有用功，拉力做的功是总功；首先确定滑轮组由三段绳子与动滑轮相连，那么绳自由端移动的距离为物体移动距离的三倍；然后将上面的条件代入机械效率公式，适当变形后即可求得摩擦力的大小。【解答】解：；f3F3×60×70%N126N。故选：B。【点评】本题考查机械效率的计算和滑轮组绳子拉力的计算。4一块质量为100g的冰熔化成水后，下列说法正确的是（）A体积变小，质量变大，密度不变B体积不变，质量变小，密度变大C体积变小，质量不变，密度变大D体积变大，质量不变，密度变小【分析】（1）质量是指物体含有物质的多少。质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、状态、位置和温度

14、的改变而改变。（2）密度是物质的一种特性，不随物质的质量、体积的变化而变化，它受物质种类和温度的影响。【解答】解：A、B、质量为100g的冰熔化成水后，状态改变，物质多少没有变化，所以质量不变。选项A、B错误；C、水的密度为1.0×103kg/m3，冰的密度为0.9×103kg/m3，冰熔化成水后，状态改变，密度变大，质量不变，由公式V知，体积变小。此选项正确；D、由C知，冰熔化成水后，状态改变，密度变大，所以此选项错误。故选：C。【点评】质量与物体所含物质多少有关，与状态无关；密度与物体状态和温度有关，与物质多少无关。5如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器R2的最大阻

15、值为20，灯泡L的电阻是10当S闭合，S1断开，且滑片P在b端时，电流表示数为0.2A；当S、S1都闭合，且滑片P在a端时，此时小灯泡正常发光，电流表的示数为0.8A（不考虑温度对电阻的影响），则下列说法正确的是（）A电源电压为7.2 VB电阻R1的阻值为20C电路中消耗的最大总功率与最小总功率之比为4：1D小灯泡的额定功率是3 W【分析】（1）当S闭合，S1断开，且滑片P在b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）当S、S1都闭合，且滑片P在a端时，灯泡与R1并联，电流表测干路电流，灯泡正常发光，先计算其电流，再由PUI计算其

16、额定功率；根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过灯泡的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，再根据欧姆定律求出R1的阻值；（3）当灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联时电路中的电阻最大，电路消耗的总功率最小，根据PUI求出其大小；当灯泡与R1并联时电路中的总电阻最小，电路消耗的总功率最大，根据PUI求出其大小，进一步求出两者的比值。【解答】解：（1）由图知，当S闭合，S1断开，且滑片P在b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，由串联电路特点和欧姆定律可得，电源的电压：UI（RL+R2）0.2A×（10+20）6V；故A错误；（2）当S、S1都闭合，且滑片P

17、在a端时，灯泡与R1并联，电流表测干路电流，此时小灯泡正常发光，所以灯泡的额定电压U额U6V，此时通过灯泡的电流：IL0.6A，所以灯泡的额定功率：P额U额IL6V×0.6A3.6W，故D错误；通过R1的电流：I1IIL0.8A0.6A0.2A，电阻R1的阻值：R130；故B错误；（3）根据电路图和P可知，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联时电路中的电阻最大，电路消耗的总功率最小；灯泡与R1并联时电路中的总电阻最小，电路消耗的总功率最大。则电路中消耗的最大总功率与最小总功率之比：Pmax：PminUI：UII：I0.8A：0.2A4：1故C正确。故选：C。【点评】本题考查了电阻的串联和并

18、联电路的特点，开关闭合前后电流表所测电路元件和电路最大、最小电功率的判断是关键。6如图所示，有四只相同体积的烧杯，各盛有质量相等的煤油、汽油、植物油和硫酸，其中盛汽油的烧杯是（硫酸植物油煤油汽油）（）ABCD【分析】首先借助图形，判断出瓶内液体的体积关系，已知煤油、汽油、植物油和硫酸的质量和密度关系，再利用公式V计算出它们的体积关系，再与瓶内液体的体积进行比较即可。【解答】解：从图可知，VBVAVCVD，因为m硫酸m植物油m煤油m汽油，硫酸植物油煤油汽油，由公式V可知，V硫酸V植物油V煤油V汽油，所以，盛汽油的烧杯是B。故选：B。【点评】本题考查了密度公式的灵活应用，判断出四中液体的体积关系是

19、关键。二、多选题7下列问题中，属于可探究的科学问题的是（）A物体内能的大小与哪些因素有关？B当温度升高时，气体的扩散会加快吗？C导体的电阻大小与导体两端的电压有关吗？D通过导体的电流增大时，该导体会发生哪些变化？【分析】科学问题是指能够通过收集数据而回答的问题。一般而言，可以探究的科学问题描述的是两个或多个变量之间的关系，其中的变量必须是可检验的。也就是说，可以探究的科学问题中的因变量和自变量都是可以观察或测量的。【解答】解：A、物体内能的大小可能与多个因素有关，具体与哪个因素有关没有明确提出，所以此问题不易探究，故A不符合题意；B、扩散现象与温度有关，故可以探究“当温度升高时，气体的扩散会加

20、快吗？“，故B符合题意；C、导体的电阻大小可能与多个因素有关，所以导体的电阻大小与导体两端的电压是否有关可以进行科学探究，故C符合题意；D、电路中电流的大小可能与多个因素有关，但这里没有确定具体的因素，也就是自变量不确定，所以此问题不易探究。故D不符合题意。故选：BC。【点评】并不是每一个科学问题都可以进行探究，当问题太泛化或太模糊，就难以进行科学探究。一般而言，可以探究的科学问题描述的是两个或多个变量之间的关系，其中的变量必须是可检验的。8要使电热器在单位时间内供热减少一半，以下方法中正确的是（）A电压不变，电阻增大到原来的2倍B电阻丝不变，把通过它的电流减少一半C保持电压不变，把电阻丝的电

21、阻减小一半D把电热器的电阻和加它两端的电压均减小一半【分析】根据纯电阻电路，电阻产生的热量和电流所做的功相等，因此计算公式通用，合理选择计算公式可以很容易得出结果。【解答】解：A、由Wt可得，电压不变，电阻增大到原来的2倍时，电流所做的功将变为原来的；故A正确；B、由WI2Rt可得，电阻不变，通过导体的电流减少一半时，电流所做的功将变为原来的；故B错误；C、由Wt可得，电压不变，电阻丝的电阻减半时，电流所做的功将变为原来的2倍；故C错误；D、由Wt可得，电阻和电压均减半时，电流所做的功将变为原来的；故D正确。故选：AD。【点评】考查了电功公式的灵活应用，注意当纯电阻电路时，电功的计算公式和焦耳

22、定律可以通用。三、填空题9小刚在艺术节上用吉他弹奏优美的乐曲，吉他发出的声音是通过空气传入人耳的；变换手指按压的位置可以改变声音的音调；用力拨动吉他弦可以提高声音的响度。【分析】（1）声音是由物体振动产生的，振动停止，发声停止；声音可以通过固体、液体、气体传播，一般情况下声是通过空气传播的（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：小刚在艺术节上用吉他弹奏优美的乐曲，乐曲的声音是通过空气传入人耳的；小刚变换手指按压弦的位置，改变了弦的振动频率，改变

23、声音的音调；他用力拨动吉他弦，增大的弦的振幅，可以提高声音的响度。故答案为：空气；音调；响度。【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。能利用这些特性来解释现实问题是解决该题的关键。10一艘船重为8.0×104N，当船漂浮在水面上时，船排开水的重力为 8×104N，此时船排开水的体积为 8 m3（水1.0×103kg/m3）【分析】船漂浮时受到的浮力等于其重力；根据F浮gV排的变形公式求出排开水的体积。【解答】解：船漂浮时受到的浮力F浮G8×104N；根据F浮gV排得：V排8m3；故答案为：8

24、×104；8。【点评】此题主要考查的是学生对浮沉条件的应用、浮力计算公式的理解和掌握，注意单位换算和变形公式的熟练运用，难度不大。11根据图中的现象可知，气球B带正电荷，若将带负电的橡胶棒靠近B球，它们会互相吸引。当带负电的橡胶棒接触验电器金属球，验电器内金属箔片张开是因为同种电荷相互排斥。【分析】（1）自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷。丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。【解答】解：A带正电，与B相互排斥，所以B也带正电；若将带负电的橡胶棒靠近B球，它们会互相吸引；当带负电的橡胶棒接触验电器金属球，验电器内金属箔片张开是

25、因为同种电荷相互排斥。故答案为：正、吸引、同种电荷相互排斥。【点评】（1）掌握自然界的两种电荷，以及电荷间的作用。（2）掌握摩擦起电的实质是电子的转移。12把衣服抖动几下，能把粘在衣服上尘土斗掉。这是因为抖动衣服时，尘土由于惯性，还保持原来的静止状态，所以尘土和衣服分离开。【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。【解答】解：抖动衣服时，衣服在力的作用下受力运动，而灰尘由于惯性要保持原来的静止状体，所以衣服就和灰尘分离了。故答案为：惯性；静止。【点评】此题是考查惯性现象的解释，惯性现象的解释要掌握一点，也就是原来的运动状态不变。13如图是三种仪器的测量情形。请你读数（1）图甲中物体的长度为

26、 2.15 cm；（2）图乙中体温计的示数为 37.8 ；（3）图丙电能表的示数为 624.5 kWh。【分析】（1）由图示刻度尺确定其分度值，由图甲所示可知，物体一端点与刻度尺零刻度线对齐，物体另一端点所对应刻度尺的示数是物体的长度。（2）由图示体温计确定其分度值，读出其示数。（3）电能表最后一位是小数位，由图示电能表可以读出其示数。【解答】解：（1）由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，物体长度为2.15cm；（2）由图示体温计可知，其分度值是0.1，其示数为37.8；（3）由图丙所示电能表可知，其示数为624.5kWh。故答案为：（1）2.15；（2）37.8；（3）624.5。【点评】本

27、题考查了刻度尺、体温计、电能表的读数，要掌握常用器材的使用及读数方法。14如图所示是根据英国物理学家法拉第发现的电磁感应现象制成的发电机示意图（填“发电机”或“电动机”）。【分析】发电机和电动机的区别：电动机是消耗电能的，故装置图中有电源，而发电机是产生电的，故原理图中没电源。【解答】解：由题干图可知：该装置中没有电源，是把机械能转化为电能的装置，故它是发电机原理结构图。它是电磁感应现象的一个重要的应用。故答案为：电磁感应；发电机【点评】本题主要考查学生对：发电机和电动机原理图的区别和联系的了解和掌握，是一道基础题。四、作图题15如图，物体静止在斜面上，请画出物体受到的支持力和物体对斜面的压力

28、示意图。【分析】先分析出物体对斜面压力与物体受到的支持力的作用点、方向，然后根据力的示意图的作法，作出力的示意图。【解答】解：物体对斜面的压力FN作用在斜面上，方向垂直于斜面向下，物体受到的支持力FN也作用在斜面上，方向垂直于斜面向上，这两个力大小相等，FNFN，作用点均在物体与斜面的接触面上，从力的作用点，沿力的方向作有向线段，即可作出压力与支持力的示意图；力的示意图如图所示。故答案为：示意图如图所示。【点评】本题考查了作力的示意图，正确分析出力的方向，掌握力的示意图的作法，是正确解题的关键。16如图的a中，用手把一小盆水端起，此时水盆相当于图的b所示的杠杆，其中O为支点，A为杠杆的动力作用

29、点。请在图的b中画出作用在A点的最小动力F1和阻力F2的力臂L2。【分析】力臂是从支点到力的作用线的距离。要画出最小的力，首先掌握杠杆的平衡条件：F1L1F2L2，根据公式，动力臂越长，越省力，所以只要找到最长的力臂便可求得最小的力。【解答】解：由题O为支点，从O向F2的作用线引垂线，垂线段的长度即为阻力臂L2。根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，由图示，最长的动力臂是从O点到A点的距离，过A点做OA的垂线，方向向上，做出力F1的示意图。如图所示：【点评】此题考查了杠杆中的力臂的画法和杠杆中的最小力问题。根据力臂的概念，最重要的是找到支点、和两个力，从而可以根据概念正

30、确地做出力臂；要做出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离。五、实验题17如图甲是小明做“观察水的沸腾”的实验装置图。（1）实验时，老师让同学们在烧杯上盖上硬纸板，这样做的目的是减少热量散失。（2）小明在水温升高到90时开始每隔1min记录一次水的温度。记录的数据如下表所示，其中在第2min记录数据时，温度计的示数如图乙所示，请将读数填在表内的空格处。时间/min01234567温度/9092 94 9698999999（3）请你根据表中的数据在图丙中画出水的温度随时间变化的图象。（4）从图象中可以看出水的沸点是 99 ，水在沸腾时温度的特点是保持不变。（5）实验结束后，同

31、学们所测水的沸点都低于100，由此大家判断可能是当时的大气压低于（选填“高于”、“等于”或“低于”）标准大气压。【分析】（1）在实验时，为减少热量的损失，需在烧杯上加盖。（2）会进行温度计的读数，在读数时，注意温度计的分度值。图中温度计的分度值为1。（3）作图时，利用描点的方法，首先将各个点表示在图上，然后用平滑的曲线将各点连接起来。（4）此题需要知道液体沸腾过程中温度保持不变，这个温度叫做沸点。（5）掌握大气压对沸点的影响，气压越低沸点越低。知道标准大气压下的沸点是100。【解答】解：（1）实验时，在烧杯上盖上硬纸板，这样做是为了减少烧杯中热量的散失。（2）由图知，温度计的分度值是1，所以此

32、时温度计的示数是94。（3）根据表格中的数据进行描点，并将各点用平滑的曲线连接起来。（4）从图象可以看出，从第5分钟开始，水的温度保持99不变，所以沸点是99。水在沸腾过程中不断吸热，但温度保持不变。（5）标准大气压下，水的沸点是100，由于当时沸点低于100，所以当时的大气压低于标准大气压。故答案为：（1）减少热量散失；（2）94；（3）如图；（4）99；保持不变；（5）低于。【点评】此题主要是探究水的沸腾实验，考查了有关温度计的读数问题，注意温度计的分度值；同时考查了实验中的注意问题，为减少热量散失，需给烧杯加盖；同时考查了液体的沸腾特点及沸点与气压的关系。18在探究杠杆平衡条件的实验中：

33、（1）如图a所示，要使杠杆在水平位置平衡，可将杠杆左端的平衡螺母向左调节。（2）如图b所示，调节平衡后，左侧挂上钩码，在右侧用弹簧测力计（图中未画出）拉杠杆，使其在水平位置平衡，为便于测量力臂，应使弹簧测力计拉力的方向竖直向下。（3）操作过程中，当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，你认为接下来合理的操作是左侧钩码右移。（写出一条即可）（4）甲同学测出一组数据后就得出了“动力×动力臂阻力×阻力臂”的结论，乙同学认为他的做法不合理，理由是一组实验数据太少，具有偶然性，不便找出普遍规律。【分析】（1）调节杠杆的平衡时，应将平衡螺母向较高一侧调节；（2）力臂是支点到力的

34、作用线的垂直距离。由此分析为便于测量力臂，弹簧测力计拉力的方向；（3）根据杠杆平衡条件分析（4）探究杠杆平衡条件时，一般要进行多次测量，为了使实验结论具有普遍性，只有一次实验得出的结论是不科学的。【解答】解：（1）调节杠杆的平衡时，由图a杠杆左高右低，应将两端的平衡螺母向左调节；（2）力臂是支点到力的作用线的垂直距离。当弹簧测力计拉力方向与杠杆垂直时，拉力作用点到支点的距离就是其力臂，这样便于从杠杆上直接读出力臂，由图杠杆水平平衡时拉力方向应竖直向下；（3）当弹簧测力计的示数达到量程仍不能使杠杆水平平衡，可以换用更大量程的测力计；根据杠杆的平衡条件，也可以减少左侧钩码的数量或者左侧钩码右移。（

35、4）只有一次实验得出杠杆平衡的条件是：动力×动力臂阻力×阻力臂。这种结论很具有偶然性，不合理。要进行多次实验，总结杠杆平衡条件。故答案为：（1）左；（2）竖直向下；（3）左侧钩码右移；（4）一组实验数据太少，具有偶然性，不便找出普遍规律。【点评】注意：当杠杆在水平位置平衡，并且力竖直作用在杠杆上，力臂才在杠杆上。初中物理用实验探究物理问题时，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性。19电阻Rx的阻值估计在610之间，小红同学利用以下元件测量Rx的阻值，电路连接如图，其中有一根导线没有接好。（1）请在图1的实物图上补画

36、所缺的一根导线，并在右边的虚线框中画出对应的电路图。（2）在连接电路时，开关应断开；闭合开关前滑片P应置于滑动变阻器的 A 端。（选填“A”或“B”）（3）若某次测量时，两电表示数如图2所示，则I 0.3 A，U 2.7 V（4）根据实验数据可得Rx 9 。【分析】（1）根据电路最大电流确定电流表量程，把电流表与开关串联接入电路；根据实物电路图作出电路图。（2）连接电路时，应断开开关；闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大，根据电路图确定滑片的位置。（3）由图示电表确定电表量程与分度值，读出电表示数。（4）已知电阻两端电压与通过电阻的电流，由欧姆定律求出电阻阻值。【解答】解：（1）由图1可

37、知，电源电压是1.5V×23V，电路最大电流I0.5A，电流表选00.6A量程，把电流表串联接入电路，电路图如图甲所示；根据实物电路图作出电路图，电路图如图乙所示。（2）连接电路时，开关应断开；由电路图可知，闭合开关前，滑片应置于A端，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大。（3）电流表量程是00.6A，由图2所示电流表可知，电流表分度值是0.02A，电流表示数是0.3A；由图1所示电路图可知，电压表量程是03V，由图2所示电压表可知，电压表分度值是0.1V，电压表示数是2.7V；（4）I，电阻阻值RX9。故答案为：（1）实物电路图如图甲所示，电路图如图乙所示；（2）断开；A；（3）0.3

38、；2.7；（4）9。【点评】本题考查了连接实物电路图、作电路图、实验注意事项、电表读数、求电阻阻值等问题，是实验的常考问题，一定要掌握；对电表读数时，要先确定电表量程与分度值，然后再读数，读数时，视线要与电表刻度线垂直。六、综合题20我国浙江大学研制出了一种超轻气凝胶“全碳气凝胶”，刷新了目前世界上最轻材料的纪录。（1）其内部由碳纳米管和石墨烯共同支撑起无数个孔隙，充斥着空气，因此极为轻盈，密度仅为0.16mg/cm3，为 1.6×104g/cm3。（2）如图所示，由气凝胶制成约8cm3的“碳海绵”亭亭玉立地静止在桃花的花蕊上，“碳海绵”受到的合力为 0 。（3）实验发现“碳海绵”被

39、压缩80%后仍可恢复原状，因此具有很高的弹性。【分析】（1）前面的数字不参与换算，只将单位进行换算。（2）静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，合力为零。（3）物体受力会发生形变，不受力时能恢复原状，物体的这种特性是弹性；物体受力会发生形变，不受力时不能恢复原状，物体的这种特性是塑性。【解答】解：（1）0.16mg/cm30.16×1mg/cm31.6×104g/cm3。（2）“碳海绵”静止，处于平衡状态、受平衡力，受到的合力为零。（3）“碳海绵”被压缩80%后仍可恢复原状，因此具有很高的弹性。故答案为：（1）1.6×104；（2）0；（3）弹。【点评】

40、（1）明白单位换算的类型，只是单位换算，前面数字是倍数。（2）静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，合力为零。21如图所示电路，电源两端电压为2V且保持不变，电阻R14，R28。求：（1）开关S闭合、S1断开时，电流表的示数I1；（2）开关S、S1都闭合时，电路的总功率P。【分析】（1）开关S闭合、S1断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电流表的示数；（2）开关S、S1都闭合时，两电阻并联，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用PUI求出电路的总功率。【解答】解：（1）开关S闭合、S1断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，则电流表的示数：I10.5A；（2）开关S、S1都闭合时，两电阻并联，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：R，电路的总功率：P1.5W。答：（1）开关S闭合、S1断开时，电流表的示数为0.5A；（2）开关S、S1都闭合时，电路的总功率为1.5W。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道基础题目。24