《2013年全国统一高考物理试卷（新课标ⅱ）（含解析版）》.doc

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1、2013年全国统一高考物理试卷（新课标）一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1（6分）一物块静止在粗糙的水平桌面上。从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小。能正确描述F与a之间的关系的图象是（）ABCD2（6分）如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上。若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2由此

2、可求出（）A物块的质量B斜面的倾角C物块与斜面间的最大静摩擦力D物块对斜面的正压力3（6分）如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（dL）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动。t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。下列vt图象中，可能正确描述上述过程的是（）ABCD4（6分）空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场方向垂直横截面。一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60

3、76;不计重力，该磁场的磁感应强度大小为（）ABCD5（6分）如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电。整个系统置于方向水平的匀强电场中。已知静电力常量为k。若 三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为（）ABCD6（6分）在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。下列叙述符合史实的是（）A奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固

4、定导线圈中，会出现感应电流D楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化7（6分）目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小。若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是（）A卫星的动能逐渐减小B由于地球引力做正功，引力势能一定减小C由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变D卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小量8（6分）公路急转弯处通常是交通事故多发地带某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路

5、内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处，（）A路面外侧高内侧低B车速只要低于vc，车辆便会向内侧滑动C车速虽然高于vc，但只要不超出某一高度限度，车辆便不会向外侧滑动D当路面结冰时，与未结冰时相比，vc 的值变小二、解答题9（8分）某同学利用如图1所示的装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究：一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连；弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放，小球离开桌面后落到水平地面通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能回答下列问题：（1）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能Ep与小球抛出时的动能Ek相等已知重力加

6、速度大小为g为求得Ek，至少需要测量下列物理量中的 （填正确答案序号）A小球的质量m B小球抛出点到落地点的水平距离sC桌面到地面的高度h D弹簧的压缩量xE弹簧原长l0（2）用所选取的测量量和已知量表示Ek，得Ek= （3）图2中的直线是实验测量得到的sx图线从理论上可推出，如果h不变m增加，sx图线的斜率会 （填“增大”、“减小”或“不变”）；如果m不变，h增加，sx图线的斜率会 （填“增大”、“减小”或“不变”）由图中给出的直线关系和Ek的表达式可知，EP与x的 次方成正比10（7分）某同学用量程为1mA、内阻为120的表头按图（a）所示电路改装成量程分别为1V和1A的多用电表。图中R1

7、和R2为定值电阻，S为开关。回答下列问题：（1）根据图（a）所示的电路，在图（b）所示的实物图上连线。（2）开关S闭合时，多用电表用于测量 （填“电流”、“电压”或“电阻”）；开关S断开时，多用电表用于测量 （填“电流”、“电压”或“电阻”）。（3）表笔A应为 色（填“红”或“黑”）。（4）定值电阻的阻值R1= ，R2= （结果取3位有效数字）11（14分）如图，匀强电场中有一半径为r的光滑绝缘圆轨道，轨道平面与电场方向平行。a、b为轨道直径的两端，该直径与电场方向平行。一电荷量为q（q0）的质点沿轨道内侧运动，经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为Na和Nb不计重力，求电场强度的大小E、质点

8、经过a点和b点时的动能。12（18分）一长木板在水平地面上运动，在t=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度时间图象如图所示。已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上。取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数；（2）从t=0时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小。三物理-选修3-3（15分）13（5分）关于一定量的气体，下列说法正确的是（）A气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和B只要能减

9、弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低C在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D气体从外界吸收热量，其内能一定增加E气体在等压膨胀过程中温度一定升高14（10分）如图所示，一上端开口、下端封闭的玻璃管竖直放置。玻璃管的下部封有长l1=25.0cm的空气柱，中间有一段长为l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm。现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为l1=20.0cm。假设活塞下推过程中没有漏气，已知大气压强为p0=75.0cmHg求：（1）最后下部分气体的压强；（2）活塞下推的距离。四物理-选修3-4（15分）15如图，一轻

10、弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的。物块在光滑水平面上左右振动，振幅为A0，周期为T0当物块向右通过平衡位置时，a、b之间的粘胶脱开；以后小物块a振动的振幅和周期分别为A和T，则A A0（填“”、“”或“=”），T T0（填“”、“”或“=”）。16如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC，A=30°，B=60°一束平行于AC边的光线自AB边的P点射入三棱镜，在AC边发生反射后从BC边的M点射出，若光线在P点的入射角和在M点的折射角相等，（i）求三棱镜的折射率；（ii）在三棱镜的AC边是否有光线透出，写出分析过程。（不考虑多次

11、反射）五物理-选修3-5（15分）17关于原子核的结合能，下列说法正确的是（）A原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B一重原子核衰变成粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C铯原子核（Cs）的结合能小于铅原子核（Pb）的结合能D比结合能越大，原子核越不稳定E自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能18如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C B的左侧固定一轻弹簧（弹簧左侧的挡板质量不计）设A以速度v0朝B运动，压缩弹簧；当A、B速度相等时，B与C恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动。假设B和C碰撞过程时间极短。求从A

12、开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中。（1）整个系统损失的机械能；（2）弹簧被压缩到最短时的弹性势能。2013年全国统一高考物理试卷（新课标）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1（6分）一物块静止在粗糙的水平桌面上。从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小。能正确描述F与a之间的关系的图象是（）ABCD【考点】37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专

13、题】522：牛顿运动定律综合专题【分析】对物体受力分析，利用牛顿第二定律列式找出Fa的关系式，即可做出选择。【解答】解：物块受力分析如图所示：由牛顿第二定律得；Fmg=ma解得：F=ma+mgF与a成一次函数关系，故ABD错误，C正确，故选：C。【点评】对于此类图象选择题，最好是根据牛顿第二定律找出两个物理量之间的函数关系，图象变显而易见。2（6分）如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上。若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2由此可求出（）A物块的质量B斜面的倾角C物块与斜面间的最大静摩擦力D物块对斜面的正压力【考点】2G：

14、力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡菁优网版权所有【专题】527：共点力作用下物体平衡专题【分析】对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，四力平衡；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小；根据平衡条件列式求解即可。【解答】解：A、B、C、对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为f，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：F1mgsinf=0 ；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：F2+fmgsin=0 ；联立解得：f=，故C正确；mgsin=，由于质量和坡角均未知，故A错误，B错

15、误；D、物块对斜面的正压力为：N=mgcos，未知，故D错误；故选：C。【点评】本题关键是明确拉力最大和最小的两种临界状况，受力分析后根据平衡条件列式并联立求解。3（6分）如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（dL）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动。t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域。下列vt图象中，可能正确描述上述过程的是（）ABCD【考点】37：牛顿第二定律；BB：闭合电路的欧姆定律；CC：安培力；D9：导体切割磁感线时的感应电动势菁优网版权所有

16、【专题】53C：电磁感应与电路结合【分析】线圈以一定的初速度进入匀强磁场，由于切割磁感线，所以出现感应电流，从而产生安培阻力，导致线圈做加速度减小的减速运动。当完全进入后，没有磁通量变化，所以没有感应电流，不受到安培力，因此做匀速直线运动，当出现磁场时，磁通量又发生变化，速度与进入磁场相似。【解答】解：线圈以一定初速度进入磁场，则感应电动势为：E=BLv 闭合电路欧姆定律，则感应电流为： 安培力为： 由牛顿第二定律为：F=ma 则有：由于v 减小，所以a也减小，当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度与时间的关系与进入磁场相似。而速度与时间的斜率表示加速度的大小，因

17、此D正确，ABC错误；故选：D。【点评】属于力与电综合题，并强调速度与时间的斜率表示加速度的大小，而由牛顿第二定律来确定加速度如何变化。4（6分）空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场方向垂直横截面。一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°不计重力，该磁场的磁感应强度大小为（）ABCD【考点】37：牛顿第二定律；4A：向心力；CI：带电粒子在匀强磁场中的运动菁优网版权所有【分析】带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力，由几何知识求出轨迹半径r，根据牛顿第二定律求出磁场的

18、磁感应强度。【解答】解：带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，画出轨迹如图，根据几何知识得知，轨迹的圆心角等于速度的偏向角60°，且轨迹的半径为 r=Rcot30°= R根据牛顿第二定律得 qv0B=m 得，B=，故A正确，BCD错误；故选：A。【点评】本题是带电粒子在匀强磁场中运动的问题，画轨迹是关键，是几何知识和动力学知识的综合应用，常规问题。5（6分）如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电。整个系统置于方向水平的匀强电场中。已知静电力常量

19、为k。若 三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为（）ABCD【考点】A4：库仑定律；A6：电场强度与电场力菁优网版权所有【分析】三个小球均处于静止状态，以整个系统为研究对象根据平衡条件得出c的电荷量，再以c电荷为研究对象受力分析求解。【解答】解：设c电荷带电量为Q，以c电荷为研究对象受力分析，根据平衡条件得a、b对c的合力与匀强电场对c的力等值反向，即：2××cos30°=EQ所以匀强电场场强的大小为。故选：B。【点评】本题主要考查库仑定律及平行四边形定则。6（6分）在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。下列叙述符合史实的是

20、（）A奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【考点】1U：物理学史菁优网版权所有【分析】对于物理中的重大发现、重要规律、原理，要明确其发现者和提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就。【解答】解：A、1820年，丹麦物理学家奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，揭示了电和磁之间存在联系。故A正确。B、安培根据通电螺线

21、管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了磁化现象。故B正确。C、法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，不会出现感应电流。故C错误。D、楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。故D正确。故选：ABD。【点评】本题关键要记住电学的一些常见的物理学史。7（6分）目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小。若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是（）A卫星的动能逐渐减小B由

22、于地球引力做正功，引力势能一定减小C由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变D卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小量【考点】4F：万有引力定律及其应用；4H：人造卫星菁优网版权所有【专题】16：压轴题【分析】本题关键是首先根据地球对卫星的万有引力等于卫星需要的向心力，得出卫星的动能随轨道半径的减小而增大，然后再根据动能定理和功能原理讨论即可。【解答】解：A、由=可知，v=，可见，卫星的速度大小随轨道半径的减小而增大，所以A错误；B、由于卫星高度逐渐降低，所以地球引力对卫星做正功，引力势能减小，所以B正确；C、由于气体阻力做负功，所以卫星与地球组成的系统机械能减少，故C错误；D、根

23、据动能定理可知引力与空气阻力对卫星做的总功应为正值，而引力做的功等于引力势能的减少，即卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的变化，所以D正确。故选：BD。【点评】若卫星做圆周运动，则应满足=，可得轨道半径越小v越大，应熟记。8（6分）公路急转弯处通常是交通事故多发地带某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处，（）A路面外侧高内侧低B车速只要低于vc，车辆便会向内侧滑动C车速虽然高于vc，但只要不超出某一高度限度，车辆便不会向外侧滑动D当路面结冰时，与未结冰时相比，vc 的值变小【考点】27：摩擦力的判断与计算；4A：向心力菁优网版权所有

24、【专题】32：定量思想；43：推理法；521：牛顿第二定律在圆周运动中的应用【分析】汽车拐弯处将路面建成外高内低，汽车拐弯靠重力、支持力、摩擦力的合力提供向心力速率为v0时，靠重力和支持力的合力提供向心力，摩擦力为零根据牛顿第二定律进行分析【解答】解：A、路面应建成外高内低，此时重力和支持力的合力指向内侧，可以提供圆周运动向心力。故A正确。B、车速低于v0，所需的向心力减小，此时摩擦力可以指向外侧，合力依然提供向心力，车辆不会向内侧滑动，故B错误；C、车速若高于v0，所需的向心力增大，此时摩擦力可以指向内侧，增大提供的力，所以只要不超出某一最高限度，车辆也不会向外侧滑动，故C正确；D、当路面结

25、冰时与未结冰时相比，由于支持力和重力不变，则vc的值不变。故D错误。故选：AC。【点评】解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解，知道速率为v0时，靠重力和支持力的合力提供向心力，摩擦力为零，难度适中二、解答题9（8分）某同学利用如图1所示的装置对轻质弹簧的弹性势能进行探究：一轻质弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连；弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放，小球离开桌面后落到水平地面通过测量和计算，可求得弹簧被压缩后的弹性势能回答下列问题：（1）本实验中可认为，弹簧被压缩后的弹性势能Ep与小球抛出时的动能Ek相等

26、已知重力加速度大小为g为求得Ek，至少需要测量下列物理量中的ABC （填正确答案序号）A小球的质量m B小球抛出点到落地点的水平距离sC桌面到地面的高度h D弹簧的压缩量xE弹簧原长l0（2）用所选取的测量量和已知量表示Ek，得Ek=（3）图2中的直线是实验测量得到的sx图线从理论上可推出，如果h不变m增加，sx图线的斜率会减小 （填“增大”、“减小”或“不变”）；如果m不变，h增加，sx图线的斜率会增大（填“增大”、“减小”或“不变”）由图中给出的直线关系和Ek的表达式可知，EP与x的2次方成正比【考点】M7：探究弹力和弹簧伸长的关系；MD：验证机械能守恒定律菁优网版权所有【专题】13：实验

27、题；52E：机械能守恒定律应用专题【分析】本题的关键是通过测量小球的动能来间接测量弹簧的弹性势能，然后根据平抛规律以及动能表达式即可求出动能的表达式，从而得出结论本题的难点在于需要知道弹簧弹性势能的表达式（取弹簧因此为零势面），然后再根据Ep=Ek即可得出结论【解答】解：（1）由平抛规律可知，由水平距离和下落高度即可求出平抛时的初速度，进而可求出物体动能，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h，故选ABC（2）根据h=，s=vt知，v=，则小球的动能（3）对于确定的弹簧压缩量x而言，增大小球的质量会减小小球被弹簧加速时的加速度，从而减小小球平抛的

28、初速度和水平位移，即h不变m增加，相同的x要对应更小的s，sx图线的斜率会减小根据能量守恒有：，又sx，则s2x2，可知Ep与x的二次方成正比故答案为：（1）ABC，（2），（3）减小，增大，2【点评】本题考查验证机械能守恒定律的实验，要明确实验原理，根据相应规律得出表达式，然后讨论即可10（7分）某同学用量程为1mA、内阻为120的表头按图（a）所示电路改装成量程分别为1V和1A的多用电表。图中R1和R2为定值电阻，S为开关。回答下列问题：（1）根据图（a）所示的电路，在图（b）所示的实物图上连线。（2）开关S闭合时，多用电表用于测量电流 （填“电流”、“电压”或“电阻”）；开关S断开时，多

29、用电表用于测量电压 （填“电流”、“电压”或“电阻”）。（3）表笔A应为黑色（填“红”或“黑”）。（4）定值电阻的阻值R1=1.00，R2=880（结果取3位有效数字）【考点】NA：把电流表改装成电压表菁优网版权所有【专题】13：实验题；535：恒定电流专题【分析】（1）对照电路图连线即可，注意电流表的正负接线柱；（2）并联分流电阻电流量程扩大；串联分压电阻电压量程扩大；（3）红正黑负，即电流从红表笔流入，黑表笔流出；（4）根据电路串并联知识列式求解即可。【解答】解：（1）对照电路图连线，如图所示；（2）开关S断开时，串联分压电阻，电压量程扩大，是电压表；开关S闭合时，并联分流电阻，电流量程扩

30、大，是电流表；（3）红正黑负，故表笔A连接负接线柱，为黑表笔；（4）开关S断开时，电压量程为1V，故：Rv=；故R2=RVRg=1000120=880；R1=；故答案为：（1）如图所示； （2）电流，电压； （3）黑； （4）1.00，880。【点评】本题关键明确电压表和电流表的改装原理，然后根据串并联电路的电流、电压、电阻关系列式求解；注意电表是纯电阻电路。11（14分）如图，匀强电场中有一半径为r的光滑绝缘圆轨道，轨道平面与电场方向平行。a、b为轨道直径的两端，该直径与电场方向平行。一电荷量为q（q0）的质点沿轨道内侧运动，经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为Na和Nb不计重力，求电场强

31、度的大小E、质点经过a点和b点时的动能。【考点】AK：带电粒子在匀强电场中的运动菁优网版权所有【专题】16：压轴题；531：带电粒子在电场中的运动专题【分析】根据牛顿第二定律，将电场力与支持力提供向心力列出方程，并由动能定理来联立求解。【解答】解：质点所受到电场力的大小为：f=qE，设质点质量为m，经过a点和b点时速度大小分别为va和vb，由牛顿第二定律有， 设质点经过a点和b点时动能分别为Eka和Ekb，则有：，根据动能定理有，EkbEka=2rf，联立解得：，Eka=，Ekb=，答：电场强度的大小：、质点经过a点：，和b点时的动能：。【点评】考查牛顿第二定律、动能定理、向心力公式、电场力的

32、表达式等规律的理解与应用，注意动能定理列式过程中的功的正负。12（18分）一长木板在水平地面上运动，在t=0时刻将一相对于地面静止的物块轻放到木板上，以后木板运动的速度时间图象如图所示。已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上。取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数；（2）从t=0时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小。【考点】1I：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】16：压轴题；512：运动学中的图像专题【分析】（1）由

33、vt图象分析可知，0.5s时刻以前木板做匀减速运动，而物块做匀加速运动，t=0.5s时刻两者速度相等。根据vt的斜率等于物体的加速度，由数学知识求出木板的加速度大小，由运动学公式和牛顿第二定律结合求解动摩擦因数；（2）根据牛顿第二定律判断速度相同后两个物体能否一起做匀减速运动，求出加速度，由运动学公式求出两个物体的总位移，两者之差即为相对位移。【解答】解：（1）设物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为1和2，木板与物块的质量均为m。vt的斜率等于物体的加速度，则得：在00.5s时间内，木板的加速度大小为=m/s2=8m/s2。对木板：地面给它的滑动摩擦力方向与速度相反，物块对它的滑动摩擦

34、力也与速度相反，则由牛顿第二定律得 1mg+22mg=ma1，对物块：00.5s内，物块初速度为零的做匀加速直线运动，加速度大小为 a2=1gt=0.5s时速度为v=1m/s，则 v=a2t 由解得1=0.20，2=0.30（2）0.5s后两个物体都做匀减速运动，假设两者相对静止，一起做匀减速运动，加速度大小为a=2g由于物块的最大静摩擦力1mg2mg，所以物块与木板不能相对静止。根据牛顿第二定律可知，物块匀减速运动的加速度大小等于a2=1g=2m/s2。0.5s后物块对木板的滑动摩擦力方向与速度方向相同，则木板的加速度大小为a1=4m/s2故整个过程中木板的位移大小为x1=+=1.625m物

35、块的位移大小为x2=0.5m所以物块相对于木板的位移的大小为s=x1x2=1.125m答：（1）物块与木板间、木板与地面间的动摩擦因数分别为0.20和0.30；（2）从t=0时刻到物块与木板均停止运动时，物块相对于木板的位移的大小是1.125m。【点评】本题首先要掌握vt图象的物理意义，由斜率求出物体的加速度，其次要根据牛顿第二定律判断速度相等后两物体的运动情况，再由运动学公式求解相对位移。三物理-选修3-3（15分）13（5分）关于一定量的气体，下列说法正确的是（）A气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和B只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度

36、就可以降低C在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零D气体从外界吸收热量，其内能一定增加E气体在等压膨胀过程中温度一定升高【考点】8F：热力学第一定律；9C：气体压强的微观意义菁优网版权所有【专题】16：压轴题；548：热力学定理专题【分析】气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，温度高体分子热运动就剧烈，分子运动不停息，气体对容器壁的压强不为零，做功也可以改变物体的内能。【解答】解：A、气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，A正确；B、温度高，气体分子热运动就剧烈，B正确；C、在完全失重的情况下，分子运动不停息，气体对容器壁的压强不为零，C错误；D、做功也可以改变物体

37、的内能，D错误；E、气体在等压膨胀过程中温度一定升高，E正确。故选：ABE。【点评】本题考查了热力学第一定律的应用和气体压强的微观意义，难度不大。14（10分）如图所示，一上端开口、下端封闭的玻璃管竖直放置。玻璃管的下部封有长l1=25.0cm的空气柱，中间有一段长为l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm。现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为l1=20.0cm。假设活塞下推过程中没有漏气，已知大气压强为p0=75.0cmHg求：（1）最后下部分气体的压强；（2）活塞下推的距离。【考点】99：理想气体的状态方程菁优网版权所有【专题】11

38、：计算题；21：信息给予题；32：定量思想；4C：方程法；54B：理想气体状态方程专题【分析】（1）对下部空气运用玻意耳定律，即可求出最后下部分气体的压强；（2）设活塞下推距离为l，分别求解出上、下两端封闭气体下推前的压强和长度，在表示出下推后的压强和长度，对两端封闭气体分别运用玻意耳定律列式后联立求解即可。【解答】解：（1）以cmHg为压强单位，在活塞下推前，玻璃管下部空气柱的压强为：p1=p0+l2 设活塞下推后，下部空气的压强为P1，根据玻意耳定律可得：p1l1=p1l1解得：p1=125cmHg（2）如图，设活塞下推距离为l，则此时玻璃管上部的空气柱的长度为：l3=l3+（l1l1）l

39、设此时玻璃管上部空气柱的压强为P3，则P3=p1l2根据玻意耳定律可得：P0l3=P3l3联立式解得：活塞下推的距离：l=15.0cm；答：（1）最后下部分气体的压强为125cmHg；（2）活塞下推的距离为15.0cm。【点评】本题考查气体定律的综合运用，解题关键是要分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况，选择合适的规律解决，难点在于确定两端气体的压强间以及其与大气压强的关系。四物理-选修3-4（15分）15如图，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的。物块在光滑水平面上左右振动，振幅为A0，周期为T0当物块向右通过平衡位置时，a、b之

40、间的粘胶脱开；以后小物块a振动的振幅和周期分别为A和T，则AA0（填“”、“”或“=”），TT0（填“”、“”或“=”）。【考点】72：简谐运动的振幅、周期和频率菁优网版权所有【专题】16：压轴题；51B：简谐运动专题【分析】系统的机械能与振幅有关，机械能越大，振幅越大。根据弹簧振子简谐运动的周期公式T=2，分析周期的大小。【解答】解：当物块向右通过平衡位置时a、b之间的粘胶脱开，a向右做减速运动，b向右匀速运动，弹簧振子总的机械能将减小，振幅减小，即有AA0。根据弹簧振子简谐运动的周期公式T=2，知，振子的质量减小，周期减小，则有TT0。故答案为：，【点评】本题关键要抓住弹簧振子的振幅与机械

41、能的关系和周期公式进行分析。16如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC，A=30°，B=60°一束平行于AC边的光线自AB边的P点射入三棱镜，在AC边发生反射后从BC边的M点射出，若光线在P点的入射角和在M点的折射角相等，（i）求三棱镜的折射率；（ii）在三棱镜的AC边是否有光线透出，写出分析过程。（不考虑多次反射）【考点】H3：光的折射定律菁优网版权所有【专题】16：压轴题；54D：光的折射专题【分析】（1）作出光路图，根据几何关系求出光线在P点的入射角和折射角，根据折射定律求出折射率的大小。（2）根据折射定律求出临界角的大小，判断光线在AC边有无发生全反射。【解答】解：

42、（i）光线在AB面上的入射角为60°因为光线在P点的入射角和在M点的折射角相等。知光线在AB面上的折射角等于光线在BC面上的入射角。根据几何关系知，光线在AB面上的折射角为30°。根据n=，解得n=。（ii）光线在AC面上的入射角为60°。sinC=因为sin60°sinC，光线在AC面上发生全反射，无光线透出。答：（i）三棱镜的折射率为（ii）三棱镜的AC边无光线透出。【点评】本题考查光的折射，对数学几何能力的要求较高，平时需加强训练。五物理-选修3-5（15分）17关于原子核的结合能，下列说法正确的是（）A原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需

43、的最小能量B一重原子核衰变成粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C铯原子核（Cs）的结合能小于铅原子核（Pb）的结合能D比结合能越大，原子核越不稳定E自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能【考点】JE：原子核的结合能菁优网版权所有【专题】16：压轴题；54Q：重核的裂变和轻核的聚变专题【分析】比结合能：原子核结合能对其中所有核子的平均值，亦即若把原子核全部拆成自由核子，平均对每个核子所要添加的能量。用于表示原子核结合松紧程度。 结合能：两个或几个自由状态的粒子结合在一起时释放的能量。自由原子结合为分子时放出的能量叫做化学结合能，分散的核子组成

44、原子核时放出的能量叫做原子核结合能。【解答】解：A、原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，A正确；B、结合能是指使物质分解的能量，物质越稳定，这个能量越大，释放完能量后，物质为低能状态，更稳定，更不易分解，所以结合能变大，故B正确；C、铯原子核与原子核都是中等质量的原子核，铯原子核（Cs）的比结合能比铅原子核（Pb）的比结合能略大，而铅原子核中的核子数比铯原子核的核子数多一半，所以铯原子核（Cs）的结合能一定小于铅原子核（Pb）的结合能，故C正确；D、比结合能越大，原子核越稳定，D错误；E、自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量等于该原子核的结合能，E错误；故选：ABC

45、。【点评】本题考查了结合能和比结合能的区别，注意两个概念的联系和应用。18如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m的物块A、B、C B的左侧固定一轻弹簧（弹簧左侧的挡板质量不计）设A以速度v0朝B运动，压缩弹簧；当A、B速度相等时，B与C恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动。假设B和C碰撞过程时间极短。求从A开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中。（1）整个系统损失的机械能；（2）弹簧被压缩到最短时的弹性势能。【考点】53：动量守恒定律；6C：机械能守恒定律菁优网版权所有【专题】16：压轴题；52K：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合【分析】（1）A、B接触的过程中动量守恒，根据动量守恒定律求出当AB速度相同时的速度大小，B与C接触的瞬间，B、C组成的系统动量守