江苏省昆山市2013年中考物理模拟试题（含解析）.doc

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1、江苏省昆山市2013年中考物理模拟试题（含解析）一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1（2分）（2012泉州）我国北斗导航卫星系统传递信息利用的是（）A次声波B红外线C超声波D微波考点：卫星中继通信专题：应用题分析：通信卫星是微波通信的中继站，微波是电磁波的一种，可以在真空中传播解答：解：北斗导航卫星系统传递信息利用的是电磁波中的微波故选D点评：这是一道考查电磁波在日常生活中的应用的基础题，比较容易2（2分）（2009丽水）如图是一款利用电磁悬浮技术制作的没有“地轴”的地球仪，其原理是：将空心金属球放在通电的线圈上，电磁场在金属球表面产生涡流

2、，涡流与磁场作用形成磁力，从而实现地球仪的悬空静止地球仪悬空静止的原因是（）A只受到磁力的作用B由于惯性的作用C没有受到重力的作用D磁场的磁力和重力相互平衡考点：二力平衡条件的应用；磁场专题：应用题分析：地球仪处于平衡状态，它受平衡力的作用，合力为零，不会只受到一种力的作用解答：解：地球仪处于静止状态，属于平衡状态，它受到竖直向下的重力和向上的磁力，是一对平衡力，故选D点评：如果物体处于静止或匀速直线运动状态，我们就说该物体处于平衡状态，它们受到的力称为平衡力，其合力为零3（2分）如图是正在传播的一列波，通过这个波，我们不能知道的是（）A波源的振幅B波源振动的周期C波传播的速度D波源振动的频率

3、考点：波速、波长和频率的关系分析：本题主要考查对波的特征的认识：波传播的快慢叫波速；两相邻波峰或波谷之间的距离叫做波长；单位时间内振动的次数叫做频率解答：解：由图可知波的振幅是10cm，波的振动周期是4s，波源振动的频率是0.25Hz，所以选项A、B、D的说法不正确故选C点评：本题的解题关键是看清纵、横坐标所代表的物理量，以及其相应的单位4（2分）（2012盐城）小明家的计算机通过光纤接入互联网，光纤的作用是（）A输电B通信C导热D照明考点：光纤通信专题：应用题分析：现代通信有微波通信、卫星通信、网络通信和光纤通信，每种通信的名字都是以传递信息的载体来命名解答：解：光纤网络是光纤通信的载体，因

4、此光纤的主要作用是通信故选B点评：本题主要考查学生对光纤通信特点的了解和掌握，是中考的热点，是一道基础题5（2分）通过直接感知的现象，推测无法直接感知的事实，是常用的物理方法下列根据现象所作的推测不符合事实的是（）A扩散现象分子是运动的B小磁针放在磁体旁受力偏转磁体周围有磁场C街边的路灯同时亮、灭路灯是串联的D电路中的灯泡发光电路中有电流考点：物理学方法专题：其他综合题分析：（1）本题用到物理学方法“推理法”即：规律不能直接用实验验证，只能在实验的基础上经过概括、抽象、推理得出；（2）要解答本题需掌握：扩散现象说明分子在不停的做无规则运动；磁体的性质：对放入其中的磁体产生磁力的作用；串并联电路

5、开关的作用：并联电路中干路开关控制整个电路；电流的热效应：电流通过导体时会产生热量解答：解：A、扩散现象说明物体的分子在不停的做无规则运动，故A符合事实；B、小磁针放在磁体旁受力偏转，说明小磁针受到磁场力的作用，说明磁体周围存在磁场，符合事实；C、街边的路灯同时亮、灭，路灯可以是串联的，也可以是并联的，开关放在干路上即可，故C不符合事实；D、电路中的灯泡发光，是因为电流通过导体时放出热量，导致灯泡发光，说明电路中有电流通过，故D符合事实故选C点评：本题的解题关键是先了解“推理法”的实验过程，然后回忆所学内容，得到答案6（2分）如图所示为核电站发电流程图在发电过程中，下列所述能量转化顺序正确的是

6、（）A核能化学能机械能电能B核能内能机械能电能C核能机械能内能电能D核能内能化学能电能考点：核电站发电过程中的能量转化专题：应用题分析：结合流程图，搞清核反应堆、汽轮机、发电机中各自的能量转化情况，便可分析出整体的能量转化过程解答：解：在核反应堆中，核能转化为介质的内能，在汽轮机中蒸气的内能转化为汽轮机的机械能，在发电机中，机械能转化为电能，最终输送到电网上，因此，选项B的描述符合题意故选B点评：明确核电站的工作流程，对我们理解其能量转化的整体过程非常有帮助7（2分）有一块厚薄均匀的长方体铁块，如图所示EF比AB长，上、下表面积比侧面积大，分别沿图中所示的不同方向接入电路，则（）A沿AB方向接

7、入电路时电阻最大B沿CD方向接入电路时电阻最大C沿EF方向接入电路时电阻最大D沿各个方向接人电路时的电阻一样大考点：电阻的串联；电阻的并联专题：应用题；电压和电阻分析：将长方体铁块分割成若干个以长方体铁块厚度为边长的正方体小铁块，然后根据串并联的电阻特点分析即可解答：解：假设长方体铁块是由若干个以长方体铁块厚度h为边长的正方体小铁块组成，则应长方体铁块的长为EF=n1h，长方体铁块的宽为AB=n2h，则此假设可知：长方体铁块一共是n1n2个小正方形铁块平放在水平面上组成的；设每个小正方形铁块的阻值为R，所以，沿AB方向接入电路时相当于n2个小正方形铁块先串联，然后由n2个这样的串联电阻又并联，

8、所以n2个小正方形铁块串联后的总阻值为n2R，n1个阻值为n2R电阻并联后总阻值为RAB=；沿CD方向接入电路时电阻时相当于n1n2个小正方形铁块并联，所以并联后总阻值为RCD=，沿EF方向接入电路时相当于n1个小正方形铁块先串联，然后由n1个这样的串联电阻又并联，所以n1个小正方形铁块串联后的总阻值为n1R，n2个阻值为n1R电阻并联后总阻值为REF=；根据n1n2，可判断：RAB=1，RAB=REF，RCD=1；所以沿EF方向接入电路时电阻最大；故选C点评：本题主要考查电阻串并联的灵活运用，关键是能灵活地将长方体铁块分割成若干个以长方体铁块厚度h为边长的正方体小铁块8（2分）（2012遵义

9、）如图所示的电路中，移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数从6V变为5V，电流表的示数变化了0.2A，则该定值电阻所消耗功率的变化量为（）A0.2WB1.0WC1.2WD2.2W考点：电功率的计算；欧姆定律的应用专题：计算题；应用题；动态预测题分析：由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律分别表示出电压表的示数从6V 变为5V时电路中的电流，利用电流表示数的变化求出R的阻值和两种电路中的电流；根据P=UI求出该定值电阻所消耗功率，进一步求出其变化量解答：解：由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当电压

10、表的示数U1=6V时，电路中的电流I1=当电压表的示数U2=5V时，电路中的电流I2=由题意可知：I1I2=0.2A由可得：R=5，I1=1.2A，I2=1A，根据P=UI可得：该定值电阻所消耗功率的变化量P=P1P2=U1I1U2I2=6V1.2A5V1A=2.2W故选D点评：本题考查了欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是根据题意表示出电路中的电流并结合电流表示数的变化得出等式进行解答9（2分）（2012宁波）下列实验装置与探究内容不相符的是（）A探究磁极间相互作用规律B探究磁性强弱与电流大小的关系C探究通电直导线周围存在磁场D探究产生感应电流的条件考点：磁极间的相互作用；通电直导线周围的磁

11、场；探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验；产生感应电流的条件专题：应用题；图析法分析：（1）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；（2）电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关；（3）据奥斯特实验可知，通电导线周围存在着磁场；（4）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象叫电磁感应现象解答：解：A、据小磁针偏转的情况可以判断磁极间的作用规律，故不符合题意；B、该实验是探究电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数的关系，即电流一定时，匝数多的磁性强，故错误，但符合题意；C、据奥斯特实验可知，通电导线周围存在着磁场，故不符合题意；D、此时是闭合电路，且导

12、体做切割磁感线运动，故能产生电流，故不符合题意故选B点评：该题考查了磁体间的作用规律、电磁铁磁性强弱的影响因素、奥斯特实验的理解和电磁感应现象的理解，是一道综合题10（2分）（2011芜湖）在如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向右移动时（）AV示数变大，A示数变小，V与A示数的比值不变BV示数变小，A示数变小，V与A示数的比值不变CV示数变小，A示数变大，V与A示数的比值变小DV示数不变，A示数变小，V与A示数的比值变大考点：电路的动态分析；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用分析：由电路图可知滑动变阻器与R1串联，电压表测量R1两端的电压，由滑动

13、变阻器滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由欧姆定律可得出电路中电流的变化及电压表示数的变化；因电压表并联在定值电阻两端，故由欧姆定律可知，V与A的示数之比应等于R1的阻值解答：解：滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，则电路的总电阻变大，由欧姆定律得，干路电流变小；电压表并联在R1两端，由欧姆定律可得，R1两端的电压变小；而电压表示数与电流表示数之比等于R1的阻值，故V与A示数的比值不变；故选B点评：本题中要注意电压表的接法，电压表的两节点把电路分成两部分，则电压表测量的应是不含电源的部分电压11（2分）（2009丽水）科学家研究发现：某些材料有巨磁电阻效应，即微弱的磁场变化

14、可以导致电阻大小的急剧变化根据这一原理可以制成（）A能储存、释放大量电能的蓄电池B通过微弱电流就能产生强大磁场的电磁铁C家庭电路过载或短路时能自动熔断的保险丝D能“读”出微弱的磁场变化并转换成电流变化的灵敏磁头考点：磁化；熔断器的作用及保险丝的选择方法专题：应用题；信息给予题分析：解答本题必须抓住巨磁电阻效应的特点：微弱的磁场变化可以导致电阻大小的急剧变化；此特点将微弱的磁场变化转化为较大的电阻大小变化，有放大的作用我们就可以充分利用这一放大作用解答：解：巨磁电阻效应指的是由磁场变化的引起的，设计制成的应是与磁场变化有关的元件；而蓄电池、保险丝与磁场变化无关，所以不能利用巨磁电阻效应；电磁铁是

15、通过利用微弱电流产生强大磁场的，也不是微弱的磁场变化引起的，所以不能利用这一原理；磁头是可以通过磁带上微弱的磁场变化对复合膜阻值的影响转换成电流的变化来读取信息，利用这一放大作用可以制成更灵敏的“新型磁头”故选D点评：本题考查如何让我们利用发现的新材料，改善我们已有的元件，使应用的设备更先进、更灵敏12（2分）（2009武汉）如图所示，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器的最大阻值为20，定值电阻R0为5闭合开关后，移动滑片，发现能使电流表（“00.6A”或“03A”）和电压表（“03V”或“015V”）的指针同时达到满刻度线则R0的电功率与电流的关系图象可能是（）ABCD考点：电功率与电压、

16、电流的关系专题：信息给予题；图析法分析：此题可用排除法求解当滑动变阻器为0时，电流最大，所以根据公式得到最大电流I=A3A可知D错，由于有定值电阻且电压为6V保持不变，所以电流不为0得到A和B错，故C正确解答：解：由于闭合开关后，定值电阻始终能接在电路中，且电压恒定为6V，所以电流不为0，故A、B错误；根据当滑动变阻器接入电路中的阻值最小（即为0）时，电路中的电流最大，由公式I=A3A，可知D错；故选C点评：考查学生会根据题意计算最大电流和功率的能力，会观察图象与实际问题的能力二、填空题（本题共11小题，每空1分，共25分）13（4分）在家庭电路中，开关跟它控制的灯之间应串联，电风扇、电视机、

17、插座和电灯之间应并联；小林家4月底电能表读数为2708.7kWh，5月底电能表读数如图所示，那么5月份他家消耗了110 kWh的电能若电价为0.53元/kWh，则4月底至5月底总共需电费58.3元考点：电能表参数的理解与电能的求法专题：电能和电功率分析：（1）家庭电路中，开关和开关控制的用电器之间是串联的；家庭电路中用电器和用电器之间、插座和插座之间、用电器和插座之间是并联的（2）电能表的读数方法：月末的减去月初的示数；最后一位是小数；单位kWh利用1kWh电费为0.53元的价格求出应付电费解答：解：（1）开关和开关控制的用电器之间是串联的，只有串联才能控制用电器，如果并联会使电路短路；用电器

18、与用电器之间、插座与用电器（灯）之间是并联的，家庭电路的电压是220V，用电器的额定电压是220V，只有用电器之间、插座之间、用电器和插座之间并联才能使用电器正常工作（2）5月份消耗的电能：W=2818.7kWh2708.7kWh=110kWh；应付电费0.53元/kWh110kWh=58.3元故答案为：串；并；110；38.3点评：（1）要掌握家庭电路中用电器之间、插座之间、开关和用电器之间、开关和插座之间的连接方法（2）考查家庭电路的连接方式以及电能、电费的计算，重点是电能的计算，关键是要理解电能表参数的物理意义14（2分）某电磁波的频率为6108 Hz，此电磁波在真空中的波长为0.5m如

19、果该电磁波的频率变为3108 Hz，则该电磁波在真空中的传播速度为3108m/s考点：波速、波长和频率的关系专题：信息的传递分析：从电磁波的公式c=f入手分析，c是波速，其大小等于光速，即3108m/s，是波长，单位是m，f是频率，单位是Hz解答：解：（1）c=f，电磁波在真空中的波长=0.5m；（2）电磁波在真空中的传播速度为定值，其大小等于光速，即3108m/s故答案为：0.5；3108点评：（1）本题前两空为基础题，记住真空中电磁波速等于光速（2）公式c=f由于不常用，所以各物理量的名称、单位、换算可能不熟练，应细心15（2分）（2012株洲）生活中常用的微波炉是用电磁波来加热食品的，电

20、烤炉是利用电流的热效应来取暖的考点：电流的热效应、化学效应和磁效应专题：应用题分析：（1）微波炉是一种用微波加热食品的现代化烹调灶具微波属于电磁波的一种（2）电流的热效应是指导体通电后向外放出热量的现象解答：解：生活中常用的微波炉是用微波（电磁波）来加热食品的电烤炉通电后向外放出热量，是利用电流的热效应来取暖的故答案为：电磁波；热点评：此题主要考查的是微波炉的工作原理和电流热效应在生活中的应用，结合生活实际，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念16（2分）获取核能有两条途径一重核的裂变和轻核的聚变如图所示，图甲属于核裂变考点：核聚变；核裂变专题：能

21、源的利用与发展分析：核裂变是较重的原子核裂变成较轻的原子核的一种核反应，核聚变是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应解答：解：获得核能的途径一是重核裂变，二是轻核聚变；甲图中进行的是较重的原子核裂变成较轻的原子核的一种核反应，是核裂变，乙图中是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应，是核聚变故答案为：聚；裂点评：本题考查了核能的利用以及核裂变与核聚变的区别17（4分）（2008包头）生命探测仪原理很简单，因为任何生命体周边都会存在许多生命信息这信息通过各种能量形式表现在身体外部，如电磁波、声波、光波等，这些波的频率一般 不相同（填“相同”或“不相同”），雷达生命探测仪主要是靠接收生命

22、体周边的 电磁波来确定幸存者方位的；声波生命探测仪是利用声波能够传递 信息的原理来探测是否有生命迹象的；光纤生命探测仪是利用光信号在光纤内壁多次 反射而向前传播的在512抗震救灾中，某医疗急救队携带的现场急救系统是一个全天候的野外标准手术室，帐篷充气后，外部空气无法进入，是因为内部气压 大于外部气压，从而使内部处于无菌状态考点：波速、波长和频率的关系；气体压强跟体积的关系；声与信息；光的反射专题：应用题分析：每一种波都有其频率，频率一般是不同的；雷达能发射和接收电磁波；声音可以传递信息；光遇到物体表面会发生反射；充气帐篷充气后，里面的气压会大于外部气压解答：解：电磁波是个大家族，不同的电磁波频

23、率都不相同；声波的频率范围也很广，有超声波、次声波等，它们的频率也不相同；光波本身也是一种电磁波，七中颜色光的频率各不相同，所以电磁波、声波、光波等，这些波的频率一般不相同； 雷达能发射和接收电磁波，雷达生命探测仪主要是靠接收生命体周边的电磁波来确定幸存者方位的； 声的利用有两个：一是声音可以传递信息，二是声波可以传递能量声波生命探测仪是利用声波能够传递信息的原理来探测是否有生命迹象的； 光遇到物体表面会发生反射，光纤生命探测仪是利用光信号在光纤内壁多次反射而向前传播的 帐篷充气后，外部空气无法进入，是因为内部气压大于外部气压，从而使内部处于无菌状态故答案为：不相同，电磁，信息，反射，大于点评

24、：本题考查的内容较多，但难度都不大根据题意就可以填写出相关的知识18（1分）小名在研究导体电阻与温度的关系时，在不同时刻测量了一段锰铜合金线的电阻，其电阻与时间的图象如图所示，与时刻t2相比较，时刻t1的温度较高（选填“高”、“低”和“一样高”）考点：温度专题：图析法分析：金属导电是由于金属中的自由电子定向运动导致的金属中的除自由电子外的原子实也在其位置附近振动，这种振动的剧烈程度与金属的温度有关，温度越高，振动越剧烈同时自由电子与这种原子实之间的碰撞机会就越大，也就越阻碍电子的定向运动，也就是电阻增大了解答：解：锰铜合金随温度的升高而变大，随温度的降低而变小故答案为；高点评：金属导线的电阻一

25、般随温度的升高而增大19（1分）（2012义乌市）如图所示，质量、形状相同的铝线框A和塑料线框B从同一高度自由下落并经过某一磁场区（“”代表磁感线垂直于纸面向里）若不计空气阻力，两线框落地时具有的动能分别为EA和EB，则EA和EB大小关系是EAEB考点：电磁感应；磁场对通电导线的作用专题：图析法分析：从能的转化角度分析，金属框和塑料框质量相等，在最高点时，重力势能相等，分析金属框和塑料框由静止自由下落到地面时能的转化情况即可判断动能为EA和动能EB的大小解答：解：金属框由静止自由下落到地面的过程中，金属框通过磁场会产生感应电流，有一部分能量转化为电能，所以在此过程中金属框的重力势能转化为动能和

26、电能；塑料框由静止自由下落到地面的过程中，塑料框通过磁场不会产生感应电流，所以重力势能全部转化为动能；又因为金属框和塑料框质量相等，在最高点时，重力势能相等，所以EAEB故答案为EAEB点评：本题的关键有两点：（1）不计空气阻力，能量转化的过程中，能量相等；（2）金属框和塑料框由静止自由下落到地面的过程中，转化是不一样的20（3分）医学上对病人进行脑部手术时，需要将体温降到合适的温度准备手术之前，病人的心肺功能开始由心肺机取代心肺机的功能之一是用“电动泵”替代心脏，推动血液循环如图所示，将线圈ab缠绕并固定在活塞一端，利用与固定磁铁之间的相对运动，带动电动泵中的活塞，抽送血液图中阀门K1只能向

27、外自由开启，反向则封闭管路；阀门K2只能向内自由开启，反向则封闭管路请说明电动泵的工作过程；答：当电动泵工作时，血液从阀门K2抽进，从阀门K1送出当线圈中的电流从a流向b时，线圈的左端为N极，活塞处于送血状态（填“抽血”或“送血”）考点：气体压强跟体积的关系；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断专题：简答题；信息给予题分析：（1）由题意可知K1只能向外开，K2只能向里开，故可知血的流动方向只能是K2进，K1出；（2）由右手螺旋定则可知电磁铁的磁极，由磁极间的相互作用可知活塞的移动方向，则可知血液的流动方向解答：解：（1）因阀门K1只能向外自由开启，反向则封闭管路；阀门K2只能向内自由开启

28、，反向则封闭管路故血只能由K2流入从K1送出；（2）由右手螺旋定则可知，螺线管左端为N极，此时同名磁极相对，故活塞右移，K2关闭，K1打开，处于送血状态故答案为：K2、K1、N、送血点评：本题为物理知识在生产生活中的应用题，题目中给出了必要的信息，应注意提取有用信息并结合相关物理知识求解21（3分）太阳灶将太阳能直接转化为内能，硅光电池将太阳能直接转化为电能，绿色植物的光合作用将太阳能转化为化学能考点：太阳能的利用专题：应用题；能源的利用与发展分析：熟悉常见的能量转化，其判断 的依据主要是看该过程中，消耗了那种形式的能，进而产生了那种形式的能，据此即可判断解答：解：太阳灶工作时，消耗太阳能，产

29、生内能，故是将太阳能直接转化为内能的过程；硅光电池消耗太阳能，产生电能，故是将太阳能转化为电能的过程；绿色植物的光合作用中，消耗太阳能，产生植物的化学能，故是将太阳能转化为化学能的过程故答案为：内；电；化学点评：熟悉常见的能量转化，并能准确的判断是解决该题的关键22（2分）在一次物理课外科技活动中，老师为活动小组的同学们提供了一个新型的电子器件只知道该新型电子器件两端的电压与通过电流的比值不是一个定值老师要求活动小组的同学用如图甲所示的电路，探究通过新型电子器件的电流I与可控电源的电压U的关系已知可控电源的电压在0与220V间可调，定值电阻R=20同学们在老师的指导下得到了如图乙所示的图象则：

30、（1）当U=150V时，该新型电子器件的电功率是130W；（2）可控电源电压在160到220V间变化时，电子器件的电阻变化规律是：阻值逐渐变小考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律专题：信息给予题分析：（1）由图象可知当电源电压为150V时电路中的电流，根据欧姆定律可求定值电阻两端的电压，再根据串联电路中的电压关系求电子元件两端的电压，利用功率公式求该新型电子器件的电功率；（2）通过图象可知可控电源电压在160V和220V时，电路中电流分别为1A和2A根据欧姆定律和串联电路中的特点，可求出电子元件对应的阻值，即可知电阻变化的特点解答：解：（1）由图象可看出，当U=150V时，电路中的电流为I

31、=1A，定值电阻两端的电压：U1=IR=1A20=20V，电子元件两端的电压：U2=UU1=150V20V=130V，该新型电子器件的电功率：P2=U2I=130V1A=130W；（2）当可控电源电压是U=160V时，电路中的电流为I=1A，U=I（R2+R1），即：160V=1A（R2+20），R2=140当可控电源电压U=220V时，电路中的电流为I=2A，U=I（R2+R1），即：220V=2A（R2+20），R2=90可控电源电压在160到220V间变化时，电子器件的电阻由140减小到90故答案为：130；阻值不断减小点评：本题是一道数形结合的题目，通过图象可获得一些已知条件，再利用欧

32、姆定律及串联电路的特点求解23（1分）定值电阻R1和小灯泡R2的伏安特性曲线分别如图所示若将R1和R2串联后接在8伏的电源两端，则R1与R2的电功率之比为3：5考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律专题：应用题；电能和电功率分析：定值电阻与灯泡串联时通过它们的电流相等，由图象找出它们两端的电压之和为8V的电压，然后由P=UI求出他们的功率之比解答：解：R1和R2串联时，通过它们的电流相等，由图象可知，当I=0.3A时，U1=3V，U2=5V，它们的串联电压之和等于电源电压8V，它们的功率之比：P1：P2=U1I：U2I=U1：U2=3V：5V=3：5故答案为：3：5点评：本

33、题考查了电功率公式的应用，关键是根据串联电路特点由图象得出符合题意的电流和电压三、解答题（本题共8小题，共51分解答29、30题时应有解题过程）24（8分）按照题目要求作图：（1）如图甲所示，磁体旁小磁针静止时所指的方向如图所示，画出通过小磁针中心的一条磁感线，并标出磁体的N、S极（2）如图乙所示，是一个通电螺线管请在图上标出通电螺线管绕线上的电流方向及通电螺线管的N极（3）如图丙所示，小明在一个圆纸盒里放一个条形磁体，盒外放了一些小磁针，磁针N极（箭头表示）的指向如图所示请你画出圆纸盒里磁体的位置，并标出N、S极（4）如图丁所示，图为一个“一开三孔”开关（即一个开关和一个三孔插座连在一起）实

34、物图，图为背面接线示意图，“A”、“B”是从开关接线柱接出的两根导线，请你将图中的电路连接完整，使开关控制电灯，又不影响插座供其它电器使用考点：磁感线及其特点；磁场；安培定则；家庭电路的连接专题：作图题；图像综合题分析：（1）由小磁针N极所指的方向可知磁感线的方向，由磁感线的特点可知磁极分布（2）电流总是从电源的正极流出，经过导线、用电器等流入电源的负极，据此画出电流的方向然后根据电流的方向，结合右手定则判断出通电螺线管的N极（3）要知道小磁针静止时，北极所指的方向即为该点的磁场方向（或磁感线方向）知道磁感线从磁体的北极出来回到南极（4）家庭电路中，从安全角度考虑，开关应控制火线，火线经开关后

35、才能与灯泡连接解答：解：（1）小磁针N极向右，则说明该点磁感线向右，而外部磁感线由N极指向S极，故左侧为N极，右侧为S极；答案如图：（2）电源的左端为正极，所以电流从螺线管的左端流入根据右手定则，伸出右手让四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向即通电螺线管的右端是它的N极故答案为：（3）根据磁感线方向的规定，从北极出来回到南极而小磁针静止时北极所指的方向为磁场的方向，从而确定磁体的南北极故答案为：（4）如图，A与火线连接，B与灯泡连接这样使开关控制电灯，又不影响插座供其它电器使用点评：该题考查了电和磁及家庭电路的作图，是一道基础题25（6分）（2012包头）用如图所示的实验装置探究“电流通

36、过导体产生的热量与电阻的关系”（1）实验中通过观察两支温度计示数变化来比较电流产生的热量的多少（2）为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入质量相同、初温相同的同种液体（3）为达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不能相等（4）实验结论是在电流、通电时间一定时，电阻越大，产生的热量越多（5）该实验装置还可以研究通电时间一定时导体产生的热量与电流大小的关系考点：焦耳定律专题：实验题；控制变量法；转换法分析：（1）温度计示数的变化反应了液体温度的变化，反映了液体吸收热量即电流产生热量的多少；（2）要比较不同电阻丝产生热量的多少，应控制电流与通电时间相等，控制两瓶中液体的质量与初

37、始温度相同；（3）为探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”应选用阻值不同的两根电阻丝；（4）根据实验控制的变量与焦耳定律分析答题；（5）调节滑动变阻器阻值，可以改变电路电流大小，因此应用该实验装置还可以探究通电时间一定时，导体产生的热量与电流大小的关系解答：解：（1）实验中通过观察两支温度计示数变化来比较电流产生的热量的多少故答案为：两支温度计示数变化（2）为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入质量相同、初温相同的同种液体故答案为：质量相同，初温相同（3）为达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不能相同故答案为：相同（4）实验结论是：在电流、通电时间一定时，电阻越大，

38、产生的热量越多故答案为：在电流、通电时间一定时，电阻越大，产生的热量越多（5）该实验装置还可以研究通电时间一定时导体产生的热量与电流大小的关系；故答案为：电流大小点评：本题是一道探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”的实验题，本实验应用了控制变量法与转换法，理解并掌握这两种方法是正确解题的前提与关键26（4分）如图所示为小玲和小辉同学制作的直流电动机模型，他们用回形针做成两个支架，分别与电池的两极相连；用漆包线绕一个矩形线圈，以线圈引线为轴，并用小刀刮去轴的一端全部漆皮，另一端只刮去上半周漆皮，将线圈放在支架上，磁体放在线圈下，闭合开关且用手轻推一下线圈，线圈就会不停地转动起来（1）直流电

39、动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动（2）将线圈两端引线的漆皮，一端全部刮掉，另一端只刮半周，其作用与直流电动机中的换向器作用相同（3）通过改变磁场或电流方向，可以改变线圈的转动方向（4）如果电池、开关、导线的连接和性能良好，闭合开关后，线圈不能连续转动，请你分析可能的原因是磁场太弱或开始线圈处在平衡位置考点：直流电动机的原理专题：应用题；电动机、磁生电分析：（1）直流电动机的工作原理是：通电线圈在磁场中受力转动；（2）该线圈之所以能转动，是据通电导线在磁场中受力的作用的原理来工作的，但是该线圈在转过平衡位置时，若不改变电流的方向，此时所受到的磁场力会阻碍线圈的转动，故为了使线圈持续转动，

40、将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用，另一个半周利用惯性转动；而真正的直流电动机工作时，为了让线圈持续的转动下去，即是通过换向器在平衡位置及时的改变线圈中的电流的方向，即改变线圈所受力的反向，使线圈持续的转动下去，这项任务由换向器完成；（3）要改变线圈的转动方向，就要改变线圈的受力方向，而线圈的受力方向由磁场方向和电流方向来决定，因此要从这两方面入手考虑；（4）线圈不转动的原因可能是无电流、磁场太弱、开始线圈处在平衡位置解答：解：（1）直流电动机的工作原理是：磁场对电流的作用；（2）将线圈两端引线的漆皮，一端全部刮掉，另一端只刮半周的作用等同于直

41、流电动机的换向器，它的作用是当线圈刚转过平衡位置时，改变电流的方向，保证了线圈持续的转动下去；（3）要改变线圈的转动方向，就要改变线圈的受力方向，而线圈的受力方向由磁场方向和电流方向来决定，因此可改变磁场方向或电流方向来改变线圈的转动方向；（4）如果电池、开关、导线的连接和性能良好，闭合开关后，线圈不能连续转动，可排除无电流的情况，可能是磁场太弱或开始线圈处在平衡位置故答案为：（1）通电线圈在磁场中受力转动；（2）换向器；（3）磁场或电流；（4）磁场太弱或开始线圈处在平衡位置点评：本题考查了简易电动机的转动原因及改变转向的方法27（6分）（2009广州）探究产生感应电流条件的实验步骤如图所示（

42、1）本实验中，我们通过观察什么现象来判断电路是否有感应电流？电流表指针的偏转（2）通过比较图甲与图丙可知，产生感应电流的一个条件是电路要闭合；通过比较图甲与图乙可知，产生感应电流的另一个条件是导体要在磁场中做切割磁感线运动（3）若图中AB棒不动，磁铁左右水平运动，电路有感应电流（选择“有”或“无”）考点：产生感应电流的条件专题：简答题；控制变量法；实验分析法分析：（1）产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动；满足上述两个条件，导体中才有感应电流（2）电磁感应现象感应电流的有无通过电流表的指针是否偏转来判断解答：解：（1）电流表能测量电流的大小，用电流表可以判断电路中

43、是否有感应电流（2）图甲和图丙，导体切割磁感线方向相同，图甲电流表指针偏转说明电路中有感应电流图丙中电流表指针没有偏转说明电路中没有感应电流比较两个电路，图1是闭合电路，图丙是断路由图甲、丙可知，产生感应电流的一个条件是电路要闭合（3）图甲和图乙，电路是闭合的，图甲导体切割磁感线运动，图乙顺着磁感线方向运动，没有切割磁感线，电路中没有感应电流图甲和图乙说明产生感应电流的另一个条件是导体在磁场中切割磁感线运动（4）如果导体AB不动，磁铁左右运动，根据运动的相对性，可以说磁铁不动，导体右左运动，也在切割磁感线运动，也会产生感应电流故答案为：（1）电流表指针的偏转；（2）甲；丙；甲；乙；（3）有点评：（1）探究电磁感应现象时，用电流表的指针是否偏转判断是否有电流（2）掌握产生感应电流的三个条件（3）能对实验进行分析得出正确结论28（2分）（2010綦江县）在物理实验中，对物理量进行多次测量，有的是为了通过多次测量提高精度，有的是为了通过多次