2021版高考数学一轮复习第10章概率第2节古典概型课时跟踪检测文新人教A版.doc

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1、-1-第二节第二节古典概型古典概型A A 级基础过关|固根基|1.(20192019 届黄冈质检)一部 3 卷文集随机地排在书架上，卷号自左向右或自右向左恰为 1，2，3 的概率是()A.16B.13C.12D.23解析：选 B3 卷文集随机排列，共有 6 种结果，其中卷号自左向右或自右向左恰为 1，2，3 的只有 2 种结果，所以卷号自左向右或自右向左恰为 1，2，3 的概率是2613.2甲在微信群中发布 6 元“拼手气”红包一个，被乙、丙、丁三人抢完，若三人均领到整数元，且每人至少领到 1 元，则乙获得“手气最佳”(即乙领取的钱数不少于其他任何人)的概率是()A.34B.13C.310D.

2、25解析：选 D用(x，y，z)表示乙、丙、丁抢到的红包分别为x元，y元，z元乙、丙、丁三人抢完 6 元钱的所有不同的可能结果有 10 种，分别为(1，1，4)，(1，4，1)，(4，1，1)，(1，2，3)，(1，3，2)，(2，1，3)，(2，3，1)，(3，1，2)，(3，2，1)，(2，2，2)乙获得“手气最佳”的所有不同的可能结果有 4 种，分别为(4，1，1)，(3，1，2)，(3，2，1)，(2，2，2)根据古典概型的概率计算公式，得乙获得“手气最佳”的概率P41025.3(2020 届惠州市高三第二次调研)我国古代有着辉煌的数学研究成果，其中的周髀算经、九章算术、海岛算经、数书

3、九章、缉古算经有丰富多彩的内容，是了解我国古代数学的重要文献这 5 部专著中有 3 部产生于汉、魏、晋、南北朝时期某中学拟从这 5部专著中选择 2 部作为“数学文化”校本课程学习内容，则所选 2 部专著中至少有 1 部是汉、魏、晋、南北朝时期专著的概率为()A.35B.910-2-C.45D.710解析：选 B记这 5 部专著分别为A，B，C，D，E，其中A，B，C产生于汉、魏、晋、南北朝时期，则从这 5 部专著中选择 2 部的所有基本事件为(A，B)，(A，C)，(A，D)，(A，E)，(B，C)，(B，D)，(B，E)，(C，D)，(C，E)，(D，E)，共 10 种，所选的 2 部专著都

4、不是汉、魏、晋、南北朝时期专著的情况只有(D，E)这 1 种，根据对立事件的概率公式可知，所选 2部专著中至少有 1 部是汉、魏、晋、南北朝时期的概率为 1110910，故选 B.4(20192019 届武汉市部分学校调研)将一枚质地均匀的骰子投掷两次，得到的点数依次记为a和b，则方程ax2bx10 有实数解的概率是()A.736B.12C.1936D.518解析：选 C投掷骰子两次，所得的点数a和b满足的关系为1a6，aN N*，1b6，bN N*，所以a和b的组合有 36 种，若方程ax2bx10 有实数解，则b24a0，所以b24a.当b1 时，没有a符合条件；当b2 时，a可取 1；当

5、b3 时，a可取 1，2；当b4 时，a可取 1，2，3，4；当b5 时，a可取 1，2，3，4，5，6；当b6 时，a可取 1，2，3，4，5，6.满足条件的组合有 19 种，则方程ax2bx10 有实数解的概率P1936，故选 C.5(20192019 年全国卷)两位男同学和两位女同学随机排成一列，则两位女同学相邻的概率是()A.16B.14C.13D.12解析：选 D将两位男同学分别记为A1，A2，两位女同学分别记为B1，B2，则四位同学排成一列的情况有A1A2B1B2，A1A2B2B1，A2A1B1B2，A2A1B2B1，A1B1A2B2，A1B2A2B1，A2B1A1B2，A2B2A

6、1B1，B1A1A2B2，B1A2A1B2，B2A1A2B1，B2A2A1B1，A1B1B2A2，A1B2B1A2，A2B1B2A1，A2B2B1A1，B1B2A1A2，B1B2A2A1，B2B1A1A2，B2B1A2A1，B1A1B2A2，B1A2B2A1，B2A1B1A2，B2A2B1A1，共 24 种，其中 2 名女同学相邻的有 12 种，所以所求概率P12.故选 D.6在正六边形的 6 个顶点中随机选择 4 个顶点，则构成的四边形是梯形的概率为_-3-解析：如图，在正六边形ABCDEF的 6 个顶点中随机选择 4 个顶点，共有 15 种选法，其中构成的四边形是梯形的有ABEF，BCDE

7、，ABCF，CDEF，ABCD，ADEF，共 6 种情况，故构成的四边形是梯形的概率P61525.答案：257(20192019 届福建市第一学期高三模拟考试)某商店随机将三幅分别印有福州三宝(脱胎漆器、角梳、油纸伞)的宣传画并排贴在同一面墙上，则角梳与油纸伞的宣传画相邻的概率是_解析：记脱胎漆器、角梳、油纸伞的宣传画分别为a，b，c，则并排贴的情况有abc，acb，bac，bca，cab，cba，共 6 种，其中b，c相邻的情况有abc，acb，bca，cba，共 4 种，故由古典概型的概率计算公式，得所求概率P4623.答案：238设a2，4，b1，3，函数f(x)12ax2bx1.(1)

8、则f(x)在区间(，1上是减函数的概率为_；(2)从f(x)中随机抽取两个，则它们在(1，f(1)处的切线互相平行的概率为_解析：(1)由题意得b212a1，即ba.而(a，b)可能情况有(2，1)，(2，3)，(4，1)，(4，3)，共 4 种，满足ba的有 3 种，故概率为34.(2)由(1)可知，函数f(x)共有 4 种情况，从中随机抽取两个，有 6 种抽法因为函数f(x)在(1，f(1)处的切线的斜率为f(1)ab，所以这两个函数中的a与b之和应该相等，而只有(2，3)，(4，1)这 1 组满足，故概率为16.答案：(1)34(2)169(2020 届成都模拟)为践行“绿水青山就是金山

9、银山”的发展理念，某城区对辖区内A，-4-B，C三类行业共 200 个单位的生态环境治理成效进行了考核评估，考评成绩达到 80 分及其以上的单位被称为“星级”环保单位，未达到 80 分的单位被称为“非星级”环保单位现通过分层抽样的方法获得了这三类行业的 20 个单位，其考评分数如下，A类行业：85，82，77，78，83，87；B类行业：76，67，80，85，79，81；C类行业：87，89，76，86，75，84，90，82.(1)试估算这三类行业中每类行业的单位个数；(2)若在A类行业抽样的这 6 个单位中，随机选取 3 个单位进行交流发言，求选出的 3 个单位中既有“星级”环保单位，又

10、有“非星级”环保单位的概率解：(1)由题意知，抽取的三类行业的单位个数之比为 334.由分层抽样的定义，得A类行业的单位个数为31020060；B类行业的单位个数为31020060；C类行业的单位个数为41020080.A，B，C三类行业的单位个数分别为 60，60，80.(2)记选出的这 3 个单位中既有“星级”环保单位，又有“非星级”环保单位为事件M.在A类行业的 6 个单位中随机选取 3 个单位的考评数据情形有(85，82，77)，(85，82，78)，(85，82，83)，(85，82，87)，(85，77，78)，(85，77，83)，(85，77，87)，(85，78，83)，(8

11、5，78，87)，(85，83，87)，(82，77，78)，(82，77，83)，(82，77，87)，(82，78，83)，(82，78，87)，(82，83，87)，(77，78，83)，(77，78，87)，(77，83，87)，(78，83，87)，共 20 种这 3 个单位都是“星级”环保单位的考评数据情形有(85，82，83)，(85，82，87)，(85，83，87)，(82，83，87)，共 4 种这 3 个单位都是“非星级”环保单位的考评数据情形有 0 种这 3 个单位都是“星级”环保单位或都是“非星级”环保单位的情形共有 4 种所求概率P(M)142045.10(2019

12、2019 届昆明市质量检测)某地区为贯彻习近平总书记关于“绿水青山就是金山银山”的理念，鼓励农户利用荒坡种植果树某农户考察三种不同的果树苗A，B，C，经引种试验后发现，引种树苗A的自然成活率为 0.8，引种树苗B，C的自然成活率均为 0.9.(1)若引种树苗A，B，C各 10 棵估计自然成活的总棵数；-5-利用中估计的结论，从没有自然成活的树苗中随机抽取 2 棵，求抽到的 2 棵都是树苗A的概率(2)该农户决定引种B种树苗，引种后没有自然成活的树苗中有 75%的树苗可经过人工栽培技术处理，处理后成活的概率为 0.8，其余的树苗不能成活若每棵树苗最终成活后可获利300 元，不成活的每棵亏损 50

13、 元，该农户为了获利不低于 20 万元，问至少引种B种树苗多少棵？解：(1)依题意知，100.8100.9100.926，所以自然成活的总棵数约为 26.由题意知没有自然成活的树苗共 4 棵，其中 2 棵A种树苗，1 棵B种树苗，1 棵C种树苗，分别设为a1，a2，b，c，从中随机抽取 2 棵，可能的情况有(a1，a2)，(a1，b)，(a1，c)，(a2，b)，(a2，c)，(b，c)，共 6 种，其中抽到的 2 棵都是树苗A的有(a1，a2)，共 1 种，故抽到的 2 棵都是树苗A的概率为16.(2)设该农户引种B种树苗n棵，则最终成活的棵数为 0.9n(10.9)n340.80.96n，

14、未能成活的棵数为n0.96n0.04n，由题意知 0.96n3000.04n50200 000，则n699.所以该农户至少引种 700 棵B种树苗，就可获利不低于 20 万元.B B 级素养提升|练能力|11.一个三位数的百位，十位，个位上的数字依次为a，b，c，当且仅当ab，bc时称为“凹数”(如 213，312 等)，若a，b，c1，2，3，4，a，b，c互不相同，则这个三位数为“凹数”的概率是()A.16B.524C.13D.724解析：选 C由 1，2，3 组成的三位数有 123，132，213，231，312，321，共 6 个；由 1，2，4 组成的三位数有 124，142，214

15、，241，412，421，共 6 个；由 1，3，4 组成的三位数有134，143，314，341，413，431，共 6 个；由 2，3，4 组成的三位数有 234，243，324，342，432，423，共 6 个所以共有 666624(个)三位数当b1 时，有 214，213，314，412，312，413，共 6 个“凹数”；当b2 时，有 324，423，共 2 个“凹数”所以这个三位数为“凹数”的概率是P622413.12设f(x)，g(x)都是定义在 R R 上的函数，g(x)0，f(x)g(x)f(x)g(x)，f(x)-6-axg(x)，f（1）g（1）f（1）g（1）52，

16、在有穷数列f（n）g（n）(n1，2，10)中，任意取前k项相加，则前k项和大于6364的概率是()A.15B.25C.35D.45解析：选 B设h(x)f（x）g（x），则h(x)f（x）g（x）f（x）g（x）g2（x）0，故h(x)ax在 R R 上单调递减，所以 0a6364，所以n6，故P41025.13.某儿童乐园在“六一”儿童节推出了一项趣味活动参加活动的儿童需转动如图所示的转盘两次，每次转动后，待转盘停止转动时，记录指针所指区域中的数设两次记录的数分别为x，y.奖励规则如下：若xy3，则奖励玩具一个；若xy8，则奖励水杯一个；其余情况奖励饮料一瓶假设转盘质地均匀，四个区域划分均

17、匀，小亮准备参加此项活动(1)求小亮获得玩具的概率；(2)请比较小亮获得水杯与获得饮料的概率的大小，并说明理由解：用数对(x，y)表示儿童参加活动先后记录的数，则基本事件空间与点集S(x，y)|xN N，yN N，1x4，1y4一一对应，得基本事件总数n16.(1)记“xy3”为事件A，则事件A包含的基本事件共 5 个，即(1，1)，(1，2)，(1，3)，(2，1)，(3，1)，-7-所以P(A)516，即小亮获得玩具的概率为516.(2)记“xy8”为事件B，“3xy516，所以小亮获得水杯的概率大于获得饮料的概率14(20192019 届合肥市第一次教学质量检测)一家大型购物商场委托某机

18、构调查该商场的顾客使用移动支付的情况调查人员从年龄(单位：岁)在20，60内的顾客中，随机抽取了 180人，调查结果如下表：年龄20，30)30，40)40，50)50，60使用人数45301515未使用人数0102045(1)为推广移动支付，商场准备对使用移动支付的顾客赠送 1 个环保购物袋若某日该商场预计有 12 000 人(年龄在20，60内)购物，试根据上述数据估计该商场当天应准备多少个环保购物袋；(2)某机构从被调查的使用移动支付的顾客中，按分层抽样的方式选出 7 人进行跟踪调查，并给其中 2 人赠送额外礼品，求获得额外礼品的 2 人的年龄都在20，30)内的概率解：(1)由表可知，

19、该商场使用移动支付的顾客人数与顾客总人数之比为 712，若某日该商场有 12 000 人(年龄在20，60内)购物，则估计该商场要准备环保购物袋的个数为 120007127 000.(2)由题知，抽样比为 115，所以应从年龄在20，30)内的顾客中选出 3 人，30，40)内的顾客中选出 2 人，40，50)内的顾客中选出 1 人，50，60内的顾客中选出 1 人记从年龄在20，30)内的顾客中选出的 3 人分别为A，B，C，其他 4 人分别为a，b，c，d，从 7个人中选出 2 人赠送额外礼品，有以下情况：AB，AC，Aa，Ab，Ac，Ad，BC，Ba，Bb，Bc，Bd，Ca，Cb，Cc，Cd，ab，ac，ad，bc，bd，cd，共 21 种，其中获得额外礼品的 2 人的年龄都在20，30)内的情况有 3 种，所以获得额外-8-礼品的 2 人的年龄都在20，30)内的概率为32117.