学年高中化学第二章化学反应与能量第三节化学反应的速率和限度化学反应的限度课时训练含解析新人教版必修.doc

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1、化学反响的限度1、以下有关化学反响速率及限度的描述错误的选项是 A催化剂能改变化学反响的速率B一定条件下的可逆反响，反响物的转化率不可能到达 100%C有气体参加的反响，通过压缩体积增大压强，可以使反响速率增大D当化学反响到达其最大限度时，反响就停止了2、一定条件下为放热反响，以下说法正确的选项是( )A.该反响是可逆反响B.反响到达平衡时，反响速率为零C.氢气可以完全转化为氨气D.反响物的总能量小于生成物的总能量3、在一密闭容器中进行反响:2SO2(g)+O2(g) 2SO3(g),反响过程中某一时刻SO2、O2、SO3的浓度分别为0.2molL-1、0.1molL-1、0.2molL-1,

2、当反响到达平衡时,可能存在的数据是()A.SO2为0.4molL-1,O2为0.2molL-1B.SO2为0.25molL-1C.SO3为0.4molL-1D.SO2、SO3均为0.15molL-14、在一定温度下，反响A2(g)+B2(g)2AB(g)到达反响限度的标志是( )A容器内气体的总压强不随时间变化而变化BA2和B2物质的量之和与AB的物质的量相等Cc(A2):c(B2):c(AB)=1:1:2DA2、B2和AB的物质的量不再改变5、定温度下,向a L密闭容器中参加2mol NO2(g),发生如下反响:2NO2(g)2NO(g)+O2(g),此反响到达平衡状态的标志是( )A.混合

3、气体的密度不再变化B.混合气体的颜色变浅C.混合气体中NO2、NO、O2的物质的量之比为2:2:1D.单位时间内生成2n mol NO的同时生成2n mol NO26、一定温度下，将 2mol SO2 和 1mol O2 充入2L密闭容器中，在催化剂存在下进行以下反响: 2SO2+O2 2SO3，以下说法中正确的选项是( )A到达反响限度时，生成2mol SO3B到达反响限度时SO2的消耗速率必定等于O2的生成速率C到达反响限度时SO2、O2、SO3的分子数之比一定为2:1:2DSO2和SO3物质的量之和一定为 2mol7、一定温度下，在恒容密闭容器中发生可逆反响:X2(g)+Y2(g)2Z(

4、g)，X2、Y2、Z的起始浓度分别为0.1mol/L、0.3mol/L、0.2mol/L，当反响到达平衡时，各物质的浓度可能是( )Ac(X2)=0.2mol/LBc(Y2)=0.4mol/LCc(Z)=0.3mol/LDc(X2)+c(Y2)+c(Z)=0.5mol/L8、N2+3H2 2NH3是工业上制造氮肥的重要反响。以下关于该反响的说法正确的选项是( )A.增加N2的浓度能加快反响速率 B.降低体系温度能加快反响速率C.使用催化剂不影响反响速率 D.假设反响在密闭容器中进行,N2和H2能100%转化为NH39、对化学反响限度的表达,错误的选项是( )A.任何可逆反响都有一定的限度B.化

5、学反响到达限度时,正、逆反响速率相等C.化学反响的限度与时间的长短无关D.化学反响的限度是不可改变的10、某反响由两步反响ABC构成,它的反响能量曲线如下图(E1,E2,E3,E4表示活化能),以下有关表达正确的选项是( )A.两步反响均为吸热反响B.参加催化剂会改变反响的焓变C.三种化合物中C最稳定D.AC反响中H=E1-E211、以下关于物质反响程度的说法正确的选项是( )A. 一定条件下,2mol SO2与足量O2反响,可制备2mol SO3B. 一定条件下,1mol N2与3mol H2反响,可制备1.0mol NH3C. 10mL 18.0mol/L的H2SO4与足量铜加热反响,可制

6、备0.09mol SO2D. 含4mol HCl的浓盐酸与足量MnO2加热反响,可制备1mol Cl212、以下图是可逆反响X2(g)+3Y2(g)2Z2(g)在反响过程中的反响速率(v)与时间(t)的关系曲线,以下表达正确的选项是( )A.t1时,只有正方向反响B.t1t2时,X2的物质的量越来越多C.t2t3,反响不再发生D.t2t3,各物质的浓度不再发生变化13、一定条件下,在体积一定的密闭容器中参加1mol N2和3mol H2发生反响:N2+3H22NH3 H=-92kJmol-1。以下有关说法正确的选项是( )A.向容器中再参加N2,可以加快反响速率B.到达化学反响限度时,反响放出

7、热量92kJC.到达化学反响限度时,正、逆反响速率都为0D.单位时间内生成1mol N2,同时生成3mol H2,说明该反响到达化学平衡状态14、在一个不传热的固定容积的密闭容器中,可逆反响mA(g)+nB(g)pC(g)+qD(g),当、为任意整数时,到达平衡的标志是( )体系的压强不再改变体系的温度不再改变各组分的浓度不再改变各组分的质量分数不再改变反响速率v(A):v(B):v(C):v(D)=m:n:p:q单位时间内mol A发生断键反响,同时mol C也发生断键反响A.B.C.D.15、某温度时，在2L密闭容器中，三种气态物质X、Y、Z的物质的量n随时间t变化的曲线如下图，由图中数据

8、分析可得:1该反响的化学方程式为_。 2反响开始至2min，用Y表示的平均反响速率为_，X的转化率为_。 3在一定温度下，以下情况可作为上述反响到达反响限度的标志的是_。A. X、Y、Z的浓度相等B. X、Y、Z的分子数比为3:1:2C. Z的生成速率是Y的生成速率的二倍 D.单位时间内生成n mol Y，同时生成3n mol X4在密闭容器里，通入a mol Ag和b mol Bg，发生反响Ag+ Bg= 2Cg，当改变以下条件时，会加快反响速率的是_填序号。降低温度保持容器的体积不变，充入氦气参加催化剂保持容器的体积不变，增加Ag的物质的量16、在某一容积为5 L的密闭容器内,参加0.2

9、mol的CO和0.2 mol的H2O(g),在催化剂存在的条件下高温加热,发生如下反响:CO(g)+H2O(g) CO2(g)+H2(g),反响放出热量。反响中CO2的浓度随时间变化的情况如下图:1.根据图中数据,从反响开始至到达平衡时,CO的化学反响速率为_;反响平衡时c(H2)=_。2.判断该反响到达平衡的依据是_(填序号)。CO减小的化学反响速率和CO2减小的化学反响速率相等CO、H2O、CO2、H2的浓度都相等CO、H2O、CO2、H2的浓度都不再发生变化正、逆反响速率都为零17、在2L密闭容器内,800时反响2NO(g)+O2(g)2NO2(g)体系中,n(NO)随时间的变化如表:时

10、间(s)012345n(NO)(mol)0.0200.0100.0080.0070.0070.0071.上述反响_(填是或不是)可逆反响,在第5s时,NO的转化率为_2.如图中表示NO2变化曲线的是_。用O2表示从0s2s内该反响的平均速率v=_3.能说明该反响已到达平衡状态的是( )A.v(NO2)=2v(O2)B.容器内压强保持不变C.v(NO)逆=2v(O2)正D.容器内密度保持不变答案以及解析1答案及解析：答案：D解析：2答案及解析：答案：A解析：3答案及解析：答案：B解析：A中,SO2和O2的浓度增大,说明反响向逆反响方向进行建立平衡,SO2和O2的浓度变化分别为0.2molL-1、

11、0.1molL-1,需要消耗三氧化硫的浓度为0.2molL-1,由于该反响为可逆反响,SO3的实际变化浓度应小于其原有浓度 0.2molL-1,所以到达平衡时SO2小于 0.4molL-1,O2小于 0.2molL-1,错误;B中,SO2的浓度增大,说明反响向逆反响方向进行建立平衡,假设SO3完全反响,那么SO2的浓度变化为0.2molL-1,该题中实际变化为 0.05molL-1,小于0.2molL-1,正确;C中,SO3的浓度增大,说明该反响向正反响方向进行建立平衡,假设SO2和O2完全反响,SO3的浓度变化为 0.2molL-1,实际变化应小于该值,错误;D中,反响物、生成物的浓度不可能

12、同时减小,一个浓度减小,另一个浓度一定增大,错误。4答案及解析：答案：D解析：5答案及解析：答案：D解析：a L密闭容器即体积不变,所以气体密度不随反响变化而变化;颜色不再变化才是平衡标志;n(NO2):n(NO):n(O2)=2:2:1是各物质变化量的比值,与平衡无关;D项即为v正=v逆6答案及解析：答案：D解析：7答案及解析：答案：C解析：此题采取极限法。假设0.2mol/L的Z全局部解，那么生成X2、Y2均为0.1mol/L，此时X2、Y2分别为0.2mol/L、0.4mol/L，同理X2与Y2完全反响后，剩余Y2 有0.2mol/L，生成Z为0.2mol/L，此时Z有0.4mol/L；

13、但由于反响是可逆反响，反响不能够进行到底，因此，c(X2)0.2mol/L ，c(Y2)v逆0,A项错;由于t1t2时v正v逆0,反响物X2或Y2物质的量逐渐减少至t2时刻保持不变,B项错;t2t3到达平衡状态,v正=v逆0,C项错。13答案及解析：答案：A解析：14答案及解析：答案：B解析：判断化学平衡的根本标志是v正=v逆,中m mol A断键,那么同时生成p mol C,而p mol C也发生键反响,因此对C而言v正=v逆,正确;中反响任一时刻反响速率之比都等于化学计量数之比,错误;平衡状态的直接标志是各组分的浓度不再改变,那么各组分的质量分数也不再改变,、正确;间接标志是体系的温度不再

14、改变,正确:因m+n与p+q的相对大小不确定,故无法确定,假设m+n=p+q,那么压强始终不变化,那么错误。因此选B。15答案及解析：答案：13X+Y2Z20.025molL-1min-1; 30%3CD4解析：16答案及解析：答案：molL-1min-1; 0.03molL-12.解析：1.由图可知10 min时反响到达平衡,所以,反响时转化的浓度之比=化学方程式中化学计量数之比,所以。2.到达平衡的标志是各物质的物质的量分数保持一定,浓度不变,正、逆反响速率相等且不为零。CO减小的化学反响速率是正反响速率,CO2减小的化学反响速率是逆反响速率,所以选。17答案及解析：答案：1.是; 65%

15、; 2.b; 1.510-3mol(Ls)-13.BC解析：1.该反响是可逆反响,5s时,NO转化率为: 2.由平衡体系2NO(g)+O2(g)2NO2(g)知,NO2为生成物n(NO2)=n(NO)=0.020mol-0.007mol=0.013mol,故表示NO2变化曲线的为b=0.003mol(Ls)-1那么3.A项中未指明正、逆反响速率,故无法说明该反响是否到达平衡状态;由于该反响是前后气体体积不相等的反响,当容器内压强保持不变时,说明该反响已到达平衡状态,故B项正确;C项中可以说明正、逆反响速率相等.故说明该反响已到达平衡状态;由于气体总质量不变,因此,无论该反响是否到达平衡,容器内密度总保持不变,故D项无法说明该反响是否到达平衡状态;7