2016年新课标全国卷2高考理科数学试题及答案.docx

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1、一、选择题(本大题共12小题，共60.0分)1.已知z=（m+3）+（m-1）i在复平面内对应的点在第四象限，则实数m的取值范围是（）A.（-3，1）B.（-1，3）C.（1，+）D.（-，-3）2.已知集合A=1，2，3，B=x|（x+1）（x-2）0，xZ，则AB=（）A.1B.1，2C.0，1，2，3D.-1，0，1，2，33.已知向量=（1，m），=（3，-2），且（+），则m=（）A.-8B.-6C.6D.84.圆x2+y2-2x-8y+13=0的圆心到直线ax+y-1=0的间隔 为1，则a=（）A.-B.-C.D.25.如图，小明从街道的E处动身，先到F处与小红会合，再一起到位于G

2、处的老年公寓参与志愿者活动，则小明到老年公寓可以选择的最短途径条数为（） A.24B.18C.12D.96.如图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图，则该几何体的外表积为（） A.20B.24C.28D.327.若将函数y=2sin2x的图象向左平移个单位长度，则平移后的图象的对称轴为（）A.x=-（kZ）B.x=+（kZ）C.x=-（kZ）D.x=+（kZ）8.中国古代有计算多项式值的秦九韶算法，如图是实现该算法的程序框图执行该程序框图，若输入的x=2，n=2，依次输入的a为2，2，5，则输出的s=（）A.7B.12C.17D.349.若cos（-）=，则sin2=（）A.B.C.-D.-

3、10.从区间0，1随机抽取2n个数x1，x2，xn，y1，y2，yn构成n个数对（x1，y1），（x2，y2）（xn，yn），其中两数的平方和小于1的数对共有m个，则用随机模拟的方法得到的圆周率的近似值为（）A.B.C.D.11.已知F1，F2是双曲线E：-=1的左、右焦点，点M在E上，MF1与x轴垂直，sinMF2F1=，则E的离心率为（）A.B.C.D.212.已知函数f（x）（xR）满意f（-x）=2-f（x），若函数y=与y=f（x）图象的交点为（x1，y1），（x2，y2），（xm，ym），则（xi+yi）=（）A.0B.mC.2mD.4m二、填空题(本大题共4小题，共20.0分)1

4、3.ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，若cosA=，cosC=，a=1，则b= _ 14.，是两个平面，m，n是两条直线，有下列四个命题： 假如mn，m，n，那么 假如m，n，那么mn 假如，m，那么m 假如mn，那么m与所成的角和n与所成的角相等 其中正确的命题是 _ （填序号）15.有三张卡片，分别写有1和2，1和3，2和3甲，乙，丙三人各取走一张卡片，甲看了乙的卡片后说：“我与乙的卡片上一样的数字不是2”，乙看了丙的卡片后说：“我与丙的卡片上一样的数字不是1”，丙说：“我的卡片上的数字之和不是5”，则甲的卡片上的数字是 _ 16.若直线y=kx+b是曲线y=lnx+2的切线，

5、也是曲线y=ln（x+1）的切线，则b= _ 三、解答题(本大题共8小题，共94.0分)17.Sn为等差数列an的前n项和，且a1=1，S7=28，记bn=lgan，其中x表示不超过x的最大整数，如0.9=0，lg99=1 （）求b1，b11，b101； （）求数列bn的前1000项和18.某保险的根本保费为a（单位：元），接着购置该保险的投保人成为续保人，续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下： 上年度出险次数012345保费0.85aa1.25a1.5a1.75a2a设该险种一续保人一年内出险次数与相应概率如下： 一年内出险次数012345概率0.300.150.200.200.1

6、00.05（）求一续保人本年度的保费高于根本保费的概率； （）若一续保人本年度的保费高于根本保费，求其保费比根本保费高出60%的概率； （）求续保人本年度的平均保费与根本保费的比值19.如图，菱形ABCD的对角线AC与BD交于点O，AB=5，AC=6，点E，F分别在AD，CD上，AE=CF=，EF交于BD于点M，将DEF沿EF折到DEF的位置，OD= （）证明：DH平面ABCD； （）求二面角B-DA-C的正弦值20.已知椭圆E：+=1的焦点在x轴上，A是E的左顶点，斜率为k（k0）的直线交E于A，M两点，点N在E上，MANA （）当t=4，|AM|=|AN|时，求AMN的面积； （）当2|A

7、M|=|AN|时，求k的取值范围21.（）探讨函数f（x）=ex的单调性，并证明当x0时，（x-2）ex+x+20； （）证明：当a0，1）时，函数g（x）=（x0）有最小值设g（x）的最小值为h（a），求函数h（a）的值域22.如图，在正方形ABCD中，E，G分别在边DA，DC上（不与端点重合），且DE=DG，过D点作DFCE，垂足为F （）证明：B，C，G，F四点共圆； （）若AB=1，E为DA的中点，求四边形BCGF的面积23.在直角坐标系xOy中，圆C的方程为（x+6）2+y2=25 （）以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，求C的极坐标方程； （）直线l的参数方程是（t为参

8、数），l与C交与A，B两点，|AB|=，求l的斜率24.已知函数f（x）=|x-|+|x+|，M为不等式f（x）2的解集 （）求M； （）证明：当a，bM时，|a+b|1+ab|2016年全国统一高考数学试卷（新课标）（理科）答案和解析【答案】1.A2.C3.D4.A5.B6.C7.B8.C9.D10.C11.A12.B13.14.15.1和316.1-ln217.解：（）Sn为等差数列an的前n项和，且a1=1，S7=28，7a4=28 可得a4=4，则公差d=1 an=n， bn=lgn，则b1=lg1=0， b11=lg11=1， b101=lg101=2 （）由（）可知：b1=b2=b

9、3=b9=0，b10=b11=b12=b99=1 b100=b101=b102=b103=b999=2，b10，00=3 数列bn的前1000项和为：90+901+9002+3=189318.解：（）某保险的根本保费为a（单位：元）， 上年度出险次数大于等于2时，续保人本年度的保费高于根本保费， 由该险种一续保人一年内出险次数与相应概率统计表得： 一续保人本年度的保费高于根本保费的概率： p1=1-0.30-0.15=0.55 （）设事务A表示“一续保人本年度的保费高于根本保费”，事务B表示“一续保人本年度的保费比根本保费高出60%”， 由题意P（A）=0.55，P（AB）=0.10+0.05

10、=0.15， 由题意得若一续保人本年度的保费高于根本保费， 则其保费比根本保费高出60%的概率： p2=P（B|A）= （）由题意，续保人本年度的平均保费与根本保费的比值为： =1.23， 续保人本年度的平均保费与根本保费的比值为1.2319.（）证明：ABCD是菱形， AD=DC，又AE=CF=， ，则EFAC， 又由ABCD是菱形，得ACBD，则EFBD， EFDH，则EFDH， AC=6， AO=3， 又AB=5，AOOB， OB=4， OH=，则DH=DH=3， |OD|2=|OH|2+|DH|2，则DHOH， 又OHEF=H， DH平面ABCD； （）解：以H为坐标原点，建立如图所示

11、空间直角坐标系， AB=5，AC=6， B（5，0，0），C（1，3，0），D（0，0，3），A（1，-3，0）， ， 设平面ABD的一个法向量为， 由，得，取x=3，得y=-4，z=5 同理可求得平面ADC的一个法向量， 设二面角二面角B-DA-C的平面角为， 则|cos|= 二面角B-DA-C的正弦值为sin=20.解：（）t=4时，椭圆E的方程为+=1，A（-2，0）， 直线AM的方程为y=k（x+2），代入椭圆方程，整理可得（3+4k2）x2+16k2x+16k2-12=0， 解得x=-2或x=-，则|AM|=|2-|=， 由ANAM，可得|AN|=， 由|AM|=|AN|，k0，可得

12、=， 整理可得（k-1）（4k2-k+4）=0，由4k2-k+4=0无实根，可得k=1， 即有AMN的面积为|AM|2=（）2=； （）直线AM的方程为y=k（x+），代入椭圆方程， 可得（3+tk2）x2+2tk2x+t2k2-3t=0， 解得x=-或x=-， 即有|AM|=|-|=， |AN|=， 由2|AM|=|AN|，可得2=， 整理得t=， 由椭圆的焦点在x轴上，则t3，即有3，即有0， 可得k2，即k的取值范围是（，2）21.解：（1）证明：f（x）= f（x）=ex（）= 当x（-，-2）（-2，+）时，f（x）0 f（x）在（-，-2）和（-2，+）上单调递增 x0时，f（0）

13、=-1 即（x-2）ex+x+20 （2）g（x）= a0，1 由（1）知，当x0时，f（x）=的值域为（-1，+），只有一解使得 ，t0，2 当x（0，t）时，g（x）0，g（x）单调减； 当x（t，+），g（x）0，g（x）单调增； h（a）= 记k（t）=，在t（0，2时，k（t）=0， 故k（t）单调递增， 所以h（a）=k（t）（，22.（）证明：DFCE， RtDFCRtEDC， =， DE=DG，CD=BC， =， 又GDF=DEF=BCF， GDFBCF， CFB=DFG， GFB=GFC+CFB=GFC+DFG=DFC=90， GFB+GCB=180， B，C，G，F四点共圆

14、 （）E为AD中点，AB=1，DG=CG=DE=， 在RtDFC中，GF=CD=GC，连接GB，RtBCGRtBFG， S四边形BCGF=2SBCG=21=23.解：（）圆C的方程为（x+6）2+y2=25， x2+y2+12x+11=0， 2=x2+y2，x=cos，y=sin， C的极坐标方程为2+12cos+11=0 （）直线l的参数方程是（t为参数）， 直线l的一般方程y=tanx， l与C交与A，B两点，|AB|=，圆C的圆心C（-6，0），半径r=5， 圆心C（-6，0）到直线间隔 d=， 解得tan2=，tan= l的斜率k=24.解：（I）当x时，不等式f（x）2可化为：-x-

15、x-2， 解得：x-1， -1x， 当x时，不等式f（x）2可化为：-x+x+=12， 此时不等式恒成立， x， 当x时，不等式f（x）2可化为：-+x+x+2， 解得：x1， x1， 综上可得：M=（-1，1）； 证明：（）当a，bM时， （a2-1）（b2-1）0， 即a2b2+1a2+b2， 即a2b2+1+2aba2+b2+2ab， 即（ab+1）2（a+b）2， 即|a+b|1+ab|【解析】1. 解：z=（m+3）+（m-1）i在复平面内对应的点在第四象限， 可得：，解得-3m1 故选：A 利用复数对应点所在象限，列出不等式组求解即可 本题考察复数的几何意义，考察计算实力 2. 解

16、：集合A=1，2，3， B=x|（x+1）（x-2）0，xZ=0，1， AB=0，1，2，3 故选：C 先求出集合A，B，由此利用并集的定义能求出AB的值 本题考察并集的求法，是根底题，解题时要仔细审题，留意并集定义的合理运用 3. 解：向量=（1，m），=（3，-2）， +=（4，m-2）， 又（+）， 12-2（m-2）=0， 解得：m=8， 故选：D 求出向量+的坐标，依据向量垂直的充要条件，构造关于m的方程，解得答案 本题考察的学问点是向量垂直的充要条件，难度不大，属于根底题 4. 解：圆x2+y2-2x-8y+13=0的圆心坐标为：（1，4）， 故圆心到直线ax+y-1=0的间隔 d

17、=1， 解得：a=， 故选：A 求出圆心坐标，代入点到直线间隔 方程，解得答案 本题考察的学问点是圆的一般方程，点到直线的间隔 公式，难度中档 5. 解：从E到F，每条东西向的街道被分成2段，每条南北向的街道被分成2段， 从E到F最短的走法，无论怎样走，肯定包括4段，其中2段方向一样，另2段方向一样， 每种最短走法，即是从4段中选出2段走东向的，选出2段走北向的，故共有C42=6种走法 同理从F到G，最短的走法，有C31=3种走法 小明到老年公寓可以选择的最短途径条数为63=18种走法 故选：B 从E到F最短的走法，无论怎样走，肯定包括4段，其中2段方向一样，另2段方向一样，每种最短走法，即是

18、从4段中选出2段走东向的，选出2段走北向的，由组合数可得最短的走法，同理从F到G，最短的走法，有C31=3种走法，利用乘法原理可得结论 本题考察排列组合的简洁应用，得出组成矩形的条件和最短走法是解决问题的关键，属根底题 6. 解：由三视图知，空间几何体是一个组合体， 上面是一个圆锥，圆锥的底面直径是4，圆锥的高是2， 在轴截面中圆锥的母线长是=4， 圆锥的侧面积是24=8， 下面是一个圆柱，圆柱的底面直径是4，圆柱的高是4， 圆柱表现出来的外表积是22+224=20 空间组合体的外表积是28， 故选：C 空间几何体是一个组合体，上面是一个圆锥，圆锥的底面直径是4，圆锥的高是2，在轴截面中圆锥的

19、母线长运用勾股定理做出的，写出外表积，下面是一个圆柱，圆柱的底面直径是4，圆柱的高是4，做出圆柱的外表积，留意不包括重合的平面 本题考察由三视图求外表积，本题的图形构造比拟简洁，易错点可能是两个几何体重叠的局部遗忘去掉，求外表积就有这样的弊端 7. 解：将函数y=2sin2x的图象向左平移个单位长度，得到y=2sin2（x+）=2sin（2x+）， 由2x+=k+（kZ）得：x=+（kZ）， 即平移后的图象的对称轴方程为x=+（kZ）， 故选：B 利用函数y= Asin（ x+ ）（ A0， 0）的图象的变换及正弦函数的对称性可得答案 本题考察函数yy= Asin（ x+ ）（ A0， 0）的

20、图象的变换规律的应用及正弦函数的对称性质，属于中档题 8. 解：输入的x=2，n=2， 当输入的a为2时，S=2，k=1，不满意退出循环的条件； 当再次输入的a为2时，S=6，k=2，不满意退出循环的条件； 当输入的a为5时，S=17，k=3，满意退出循环的条件； 故输出的S值为17， 故选：C 依据已知的程序框图可得，该程序的功能是利用循环构造计算并输出变量S的值，模拟程序的运行过程，可得答案 本题考察的学问点是程序框图，当循环次数不多，或有规律可循时，可采纳模拟程序法进展解答 9. 解：cos（-）=， sin2=cos（-2）=cos2（-）=2cos2（-）-1=2-1=-， 故选：D

21、 利用诱导公式化sin2=cos（-2），再利用二倍角的余弦可得答案 本题考察三角函数的恒等变换及化简求值，娴熟驾驭诱导公式化与二倍角的余弦是关键，属于中档题 10. 解：由题意，= 故选：C 以面积为测度，建立方程，即可求出圆周率的近似值 古典概型和几何概型是我们学习的两也许型，古典概型要求可以列举出全部事务和发惹事务的个数，而不能列举的就是几何概型，几何概型的概率的值是通过长度、面积和体积的比值得到 11.解：设|MF1|=x，则|MF2|=2a+x， MF1与x轴垂直， （2a+x）2=x2+4c2， x= sinMF2F1=， 3x=2a+x， x=a， =a， a=b， c=a， e

22、= 故选：A 设|MF1|=x，则|MF2|=2a+x，利用勾股定理，求出x=，利用sinMF2F1=，求得x=a，可得=a，求出a=b，即可得出结论 本题考察双曲线的定义与方程，考察双曲线的性质，考察学生分析解决问题的实力，比拟根底 12. 解：函数f（x）（xR）满意f（-x）=2-f（x）， 即为f（x）+f（-x）=2， 可得f（x）关于点（0，1）对称， 函数y=，即y=1+的图象关于点（0，1）对称， 即有（x1，y1）为交点，即有（-x1，2-y1）也为交点， （x2，y2）为交点，即有（-x2，2-y2）也为交点， 则有（xi+yi）=（x1+y1）+（x2+y2）+（xm+y

23、m） =（x1+y1）+（-x1+2-y1）+（x2+y2）+（-x2+2-y2）+（xm+ym）+（-xm+2-ym） =m 故选B 由条件可得f（x）+f（-x）=2，即有f（x）关于点（0，1）对称，又函数y=，即y=1+的图象关于点（0，1）对称，即有（x1，y1）为交点，即有（-x1，2-y1）也为交点，计算即可得到所求和 本题考察抽象函数的运用：求和，考察函数的对称性的运用，以及化简整理的运算实力，属于中档题 13. 解：由cosA=，cosC=，可得 sinA=， sinC=， sinB=sin（A+C）=sinAcosC+cosAsinC=+=， 由正弦定理可得b= = 故答案

24、为： 运用同角的平方关系可得sinA，sinC，再由诱导公式和两角和的正弦公式，可得sinB，运用正弦定理可得b=，代入计算即可得到所求值 本题考察正弦定理的运用，同时考察两角和的正弦公式和诱导公式，以及同角的平方关系的运用，考察运算实力，属于中档题 14. 解：假如mn，m，n，那么，故错误； 假如n，则存在直线l，使nl，由m，可得ml，那么mn故正确； 假如，m，那么m与无公共点，则m故正确 假如mn，那么m，n与所成的角和m，n与所成的角均相等故正确； 故答案为： 依据空间直线与平面的位置关系的断定方法及几何特征，分析推断各个结论的真假，可得答案 本题以命题的真假推断与应用为载体，考察

25、了空间直线与平面的位置关系，难度中档 15. 解：依据丙的说法知，丙的卡片上写着1和2，或1和3； （1）若丙的卡片上写着1和2，依据乙的说法知，乙的卡片上写着2和3； 依据甲的说法知，甲的卡片上写着1和3； （2）若丙的卡片上写着1和3，依据乙的说法知，乙的卡片上写着2和3； 又甲说，“我与乙的卡片上一样的数字不是2”； 甲的卡片上写的数字不是1和2，这与已知冲突； 甲的卡片上的数字是1和3 故答案为：1和3 可先依据丙的说法推出丙的卡片上写着1和2，或1和3，分别探讨这两种状况，依据甲和乙的说法可分别推出甲和乙卡片上的数字，这样便可推断出甲卡片上的数字是多少 考察进展简洁的合情推理的实力，

26、以及分类探讨得到解题思想，做这类题留意找出解题的打破口 16. 解：设y=kx+b与y=lnx+2和y=ln（x+1）的切点分别为（x1，kx1+b）、（x2，kx2+b）； 由导数的几何意义可得k=，得x1=x2+1再由切点也在各自的曲线上，可得 联立上述式子解得； 从而kx1+b=lnx1+2得出b=1-ln2 先设切点，然后利用切点来找寻切线斜率的联络，以及对应的函数值，综合联立求解即可 本题考察了导数的几何意义，表达了方程思想，对学生综合计算实力有肯定要求，中档题 17. （）利用已知条件求出等差数列的公差，求出通项公式，然后求解b1，b11，b101； （）找出数列的规律，然后求数列

27、bn的前1000项和 本题考察数列的性质，数列求和，考察分析问题解决问题的实力，以及计算实力 18. （）上年度出险次数大于等于2时，续保人本年度的保费高于根本保费，由此利用该险种一续保人一年内出险次数与相应概率统计表依据对立事务概率计算公式能求出一续保人本年度的保费高于根本保费的概率 （）设事务A表示“一续保人本年度的保费高于根本保费”，事务B表示“一续保人本年度的保费比根本保费高出60%”，由题意求出P（A），P（AB），由此利用条件概率能求出若一续保人本年度的保费高于根本保费，则其保费比根本保费高出60%的概率 （）由题意，能求出续保人本年度的平均保费与根本保费的比值 本题考察概率的求法

28、，是中档题，解题时要仔细审题，留意对立事务概率计算公式、条件概率计算公式的合理运用 19. （）由底面ABCD为菱形，可得AD=CD，结合AE=CF可得EFAC，再由ABCD是菱形，得ACBD，进一步得到EFBD，由EFDH，可得EFDH，然后求解直角三角形得DHOH，再由线面垂直的断定得DH平面ABCD； （）以H为坐标原点，建立如图所示空间直角坐标系，由已知求得所用点的坐标，得到的坐标，分别求出平面ABD与平面ADC的一个法向量，设二面角二面角B-DA-C的平面角为，求出|cos|则二面角B-DA-C的正弦值可求 本题考察线面垂直的断定，考察了二面角的平面角的求法，训练了利用平面的法向量求

29、解二面角问题，表达了数学转化思想方法，是中档题 20. （）求出t=4时，椭圆方程和顶点A，设出直线AM的方程，代入椭圆方程，求交点M，运用弦长公式求得|AM|，由垂直的条件可得|AN|，再由|AM|=|AN|，解得k=1，运用三角形的面积公式可得AMN的面积； （）直线AM的方程为y=k（x+），代入椭圆方程，求得交点M，可得|AM|，|AN|，再由2|AM|=|AN|，求得t，再由椭圆的性质可得t3，解不等式即可得到所求范围 本题考察椭圆的方程的运用，考察直线方程和椭圆方程联立，求交点，以及弦长公式的运用，考察化简整理的运算实力，属于中档题 21. 从导数作为切入点探求函数的单调性，通过函

30、数单调性来求得函数的值域，利用复合函数的求导公式进展求导，然后逐步分析即可 该题考察了导数在函数单调性上的应用，重点是驾驭复合函数的求导，以及导数代表的意义，计算量较大，中档题 22. （）证明B，C，G，F四点共圆可证明四边形BCGF对角互补，由已知条件可知BCD=90，因此问题可转化为证明GFB=90； （）在RtDFC中，GF=CD=GC，因此可得GFBGCB，则S四边形BCGF=2SBCG，据此解答 本题考察四点共圆的推断，主要依据对角互补进展推断，留意三角形相像和全等性质的应用 23. （）把圆C的标准方程化为一般方程，由此利用2=x2+y2，x=cos，y=sin，能求出圆C的极坐标方程 （）由直线l的参数方程求出直线l的一般方程，再求出圆心到直线间隔 ，由此能求出直线l的斜率 本题考察圆的极坐标方程的求法，考察直线的斜率的求法，是中档题，解题时要仔细审题，留意点到直线公式、圆的性质的合理运用 24. （I）分当x时，当x时，当x时三种状况，分别求解不等式，综合可得答案； （）当a，bM时，（a2-1）（b2-1）0，即a2b2+1a2+b2，配方后，可证得结论 本题考察的学问点是肯定值不等式的解法，不等式的证明，难度中档