选择训练(二)-高三物理二轮复习题.docx

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1、选择训练(二)相互作用时间:40分钟 (共15题,18题为单选,915题为多选)1.树懒是一种懒得出奇的哺乳动物,什么事都懒得做,甚至懒得去吃,懒得去玩耍,能耐饥一个月以上,非得活动不可时,动作也是懒洋洋的极其迟缓.图X2-1中的树懒静止倒挂在树干上,则树干给树懒的力的方向为() 图X2-1A.垂直于树干向上B.沿树干向上C.竖直向上D.树干形变复杂,无法判断力的方向2.如图X2-2所示,竞赛工地上的建筑工人用砖夹搬运5块相同的砖(图中阴影部分相当于砖夹),当砖处于平衡状态时,下列说法正确的是()图X2-2A.砖夹对砖块的水平压力越大,1、5两块砖受到砖夹的摩擦力越大B.砖3受到砖4施加的摩擦

2、力大小等于自身重力的一半C.砖4对砖3的摩擦力方向竖直向下D.砖1受到砖2施加的摩擦力与砖4受到砖5施加的摩擦力完全相同3.如图X2-3所示的工具梯由两根长粗杆子作边,中间横穿适合攀爬的横杆,用于爬高.现小赵家装修需要用到图中的梯子,关于该梯子,下列说法正确的是()图X2-3A.只要有中间的保护绳,地面光滑一些,梯子也不会因为两脚分开而滑动B.小赵为了减小梯子对地面的压力,把两脚间的夹角减小一些C.若没有保护绳,小赵觉得体重越大的人上梯子,越容易使梯子滑动D.若没有保护绳,梯子两脚夹角越大,越容易因滑动而倒下4.如图X2-4所示,质量为m的小图X2-4球套在竖直固定的光滑圆环上,轻绳一端固定在

3、圆环的最高点A,另一端与小球相连.小球静止时位于环上的B点,此时轻绳与竖直方向的夹角为60,则轻绳对小球的拉力大小为(重力加速度为g)()A.mgB.3mgC.2mgD.32mg5.某健身爱好者利用如图X2-5所示的装置锻炼自己的臂力和腿部力量,在O点悬挂重物C,手拉着轻绳且始终保持绳平行于粗糙的水平地面.当他缓慢地向右移动时,下列说法正确的是()图X2-5A.绳OA的拉力大小不变B.绳OB的拉力变大C.健身者与地面间的摩擦力变小D.绳OA、OB的拉力的合力变大6.如图X2-6所示,水平固定杆上套一物块甲,甲与小球乙用一根不可伸长的轻绳相连.现用跟水平方向成=30角的F=10 N的力拉着乙并带

4、动甲一起向右匀速运动,在运动中两者的相对位置保持不变,甲与水平杆间的动摩擦因数为.在运动过程中,轻绳与水平方向的夹角为,已知甲、乙质量分别为2 kg和1 kg,重力加速度g取10 m/s2,则()图X2-6A.=35,=30B.=235,=30C.=32,=22.5D.=332,=22.57.如图X2-7所示,两个质量均为m的小球通过两根轻弹簧A、B连接,在水平外力F作用下,系统处于静止状态,此时弹簧实际长度相等,弹簧A、B与竖直方向的夹角分别为与45.弹簧A、B的劲度系数分别为kA、kB,且原长相等.设A、B中的拉力分别为FA、FB,重力加速度为g,小球直径相比弹簧长度可图X2-7以忽略,则

5、()A.kA=kBB.tan =12C.FA=3mgD.FB=2mg8.如图X2-8所示,在倾角为的固定斜面上,一光滑物块在与斜面也成角的拉力F作用下保持静止状态.若仅将F的方向变为水平向右,则()图X2-8A.物块对斜面的压力不变B.物块对斜面的压力变大C.物块将沿斜面向上做匀加速直线运动D.物块将沿斜面向下做匀加速直线运动9.用如图X2-9所示简易装置可以测定水平风速,在水平地面上竖直固定一直杆,半径为R、质量为m的空心塑料球用细线悬于杆顶端O.当风沿水平方向吹来时,球在风力的作用下飘了起来.已知风力大小与“风速”和“球正对风的截面积”均成正比,当风速v0=3 m/s时,测得球平衡时细线与

6、竖直方向的夹角=30,则()图X2-9A.风速v=33 m/s时,细线与竖直方向的夹角=45B.若风速增大到某一值时,细线与竖直方向的夹角可能等于90C.若风速不变,换用半径更大、质量相等的球,则夹角增大D.若风速不变,换用半径相等、质量更大的球,则夹角增大10.如图X2-10所示,两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕过其两端且垂直于纸面的水平轴O、O1、O2转动,在O点悬挂一重物,将两个相同木块紧压在竖直挡板上,此时整个系统保持静止.用Ff表示木块与挡板间的摩擦力大小,用FN表示木块与挡板间的正压力大小.若挡板间的距图X2-10离稍微增大后,系统仍静止且O1、O2始终等高,则()A.FN变小B.

7、FN变大C.Ff不变D.Ff变小11.如图X2-11甲所示是由两圆杆构成的V形槽,它与水平面成角放置.现将一质量为m的圆柱体滑块由斜槽顶端释放,滑块恰好匀速滑下.沿斜面看,其截面如图乙所示.已知滑块与两圆杆间的动摩擦因数均为,重力加速度为g,=120,则()图X2-11A.=tan B.左边圆杆对滑块的支持力为mgcos C.左边圆杆对滑块的摩擦力为12mgsin D.若增大,圆杆对滑块的支持力将增小12.如图X2-12所示,质量为m的木板B放在水平地面上,质量也为m的木箱A放在木板B上.一根轻绳一端拴在木箱上,另一端拴在地面的木桩上,绳绷紧时与水平地面的夹角为.已知木箱A与木板B之间、木板B

8、与地面之间的动摩擦因数均为,重力加速度为g.现用水平力F将木板B从木箱A下面匀速抽出,则下列说法正确的是()图X2-12A.细绳的张力大小FT=mgcos-sinB.细绳的张力大小FT=mgcosC.水平拉力F=mg(3cos-sin)cos-sinD.水平拉力F=mg(3cos+sin)cos-sin13.2019贵阳一中月考 如图X2-13所示,粗糙水平地面上的长方体物块将一光滑圆球抵在光滑的竖直墙壁上.现用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块,在圆球与地面接触之前,以下说法正确的是()图X2-13A.墙壁对球的支持力逐渐减小B.水平拉力F逐渐减小C.地面对长方体物块的摩擦力保持不变D.地面

9、对长方体物块的支持力逐渐减小14.如图X2-14所示,顶端装有定滑轮的斜面体放在粗糙水平地面上,A、B两物体通过细绳相连,并处于静止状态(不计绳与滑轮间的摩擦).现用水平向右的力F作用于B物体上,将B物体缓慢拉高一定的距离,此过程中斜面体与物体A仍然保持静止.在此过程中()图X2-14A.绳子对B物体的拉力一定变小B.地面对斜面体的支持力一定变小C.地面对斜面体的摩擦力一定变大D.斜面体对A物体的摩擦力可能先减小再变大15.(多选)如图X2-15所示,有一倾角=30的斜面体B,质量为M.物体A质量为m,弹簧对物体A施加一个始终保持水平的作用力,调整A在B上的位置,A始终能和B保持静止.对此过程

10、,下列说法正确的是(重力加速度为g)()图X2-15A.A、B之间的接触面可能是光滑的B.弹簧弹力越大,则A、B之间的摩擦力越大C.A、B之间的摩擦力为0时,弹簧弹力为33mgD.弹簧弹力为32mg时,A所受摩擦力大小为14mg选择训练(二)1.C2.B解析 对5块砖整体受力分析,根据平衡条件得2Ff=5G,解得Ff=52G,即1、5两块砖受到砖夹的摩擦力不随砖夹对砖块的水平压力增大而增大,选项A错误;对砖3受力分析,砖4对砖3有竖直向上的摩擦力Ff2=12G,由力的作用的相互性可知,砖3对砖4有竖直向下的摩擦力Ff3=12G,选项C错误,B正确;砖1受到砖2施加的摩擦力与砖4受到砖5施加的摩

11、擦力大小相等,方向相反,选项D错误.3.D解析 中间虽然有保护绳,但是向两边的力过大时,地面越光滑,则绳子越可能会断掉,梯子会滑动,A错误;把人和梯子看成整体,不管两脚的夹角如何,梯子对地面的压力大小都等于重力大小,故B错误;梯子是否能滑动,与梯子两脚间的夹角有关,与人的体重无关,故C错误,D正确.4.A解析 对B点处的小球受力分析,如图所示,则有FTsin 60=FNsin 60,FTcos 60+FNcos 60=mg,解得FT=FN=mg,选项A正确.5.B解析 设绳OA、OB的拉力分别为FA和FB,重物的质量为m,对O点有FAcos -mg=0,FAsin -FB=0,解得FA=mgc

12、os,FB=mgtan ,当健身者缓慢向右移动时,变大,则两拉力均变大,选项A错误,B正确;健身者所受的摩擦力与FB大小相等,当健身者缓慢向右移动时,变大,FB变大,所以摩擦力变大,选项C错误;两绳拉力的合力大小等于重物C的重力,大小不变,选项D错误.6.A解析 以乙为研究对象,进行受力分析,由于拉力F与乙的重力大小相等,夹角为120,故轻绳的拉力大小FT=10 N,与水平方向的夹角应为=30,以甲为研究对象,进行受力分析,有FTcos =(m甲g+FTsin ),所以物块甲与水平直杆之间的动摩擦因数=35,选项A正确.7.B解析 将两小球看作一个整体,对整体受力分析,可知整体受到重力2mg、

13、弹簧A的拉力FA和F的作用,如图甲所示,根据共点力的平衡条件有FA=2mgcos,F=2mgtan ,根据胡克定律得FA=kAxA,FB=kBxB,对下边的小球进行受力分析,如图乙所示,根据平衡条件有FB=2mg,F=mg,联立可得tan =12,故B正确,D错误;由tan =12知,cos =25,则FA=5mg,故C错误;两个弹簧的原长相等,伸长后的长度也相等,所以弹簧的形变量也相等,而两个弹簧的弹力不同,所以两个弹簧的劲度系数不相等,故A错误.8.B解析 光滑物块在与斜面成角的拉力作用下保持静止,物块对斜面的压力FN=mgcos -Fsin ,若仅将F的方向变为水平向右,则物块对斜面的压

14、力为FN=mgcos +Fsin ,物块对斜面压力变大,选项B正确,A错误;光滑物块在与斜面成角的拉力作用下保持静止,沿斜面方向有mgsin =Fcos ,若仅将F的方向变为水平向右,沿斜面方向仍有mgsin =Fcos ,物块仍保持静止,选项C、D错误.9.AC解析 对球受力分析如图所示,由平衡条件可得,风力大小F=mgtan ,由题意知FSv,又S=R2,则F=kR2v(k为常数),有mgtan =kR2v,当风速由3 m/s增大到33 m/s时,有tan33=tan303,可得tan =1,则=45,A正确;因球所受重力方向竖直向下,而风力方向水平向右,则细线与水平方向的夹角不可能等于9

15、0,B错误;由mgtan =kR2v可知,当v、m不变,而R增大时,增大,当v、R不变,而m增大时,减小,C正确,D错误.10.BC解析 设木块质量为m,重物质量为M,对三个物体组成的整体,根据平衡条件,有2Ff=(M+2m)g,解得Ff=12(M+2m)g,静摩擦力不变,选项C正确,D错误; 将细线对O的拉力按照效果正交分解,如图甲所示,设两个杆的夹角为,则有F1=F2=Mg2cos 2,再将杆对木块的推力F1按照效果分解,如图乙所示,根据几何关系得Fx=F1sin 2,故Fx=Mg2cos 2sin 2=Mgtan 22,挡板间的距离稍微增大后,角变大,Fx变大,故木块对挡板的压力变大,即

16、FN变大,选项A错误,B正确.11.BCD解析 沿斜槽方向,有mgsin =2FN,垂直于斜槽方向,有mgcos =2FNcos 2,解得=12tan ,选项A错误;左边圆杆对滑块的支持力为FN=mgcos ,选项B正确;由于圆柱体与斜槽两侧都有摩擦力且大小相等,所以单侧摩擦力Ff=FN=12mgsin ,选项C正确;若增大,则cos 减小,圆杆对滑块的支持力将减小,选项D正确.12.AC解析 对A,由平衡条件得FTcos =FN1,FTsin +mg=FN1,联立解得FT=mgcos-sin,选项A正确;对A、B整体,由平衡条件得FTcos +FN2=F,FTsin +2mg=FN2,联立解

17、得水平拉力F=mg(3cos-sin)cos-sin,选项C正确.13.BC解析 对球进行受力分析,如图甲所示,FN1=Gtan ,FN2=Gcos,当长方体物块向右运动时,增大,FN1、FN2均增大,故A错误.圆球对物块的压力在竖直方向的分力为FN2cos =G,等于圆球的重力,在拉动长方体物块向右运动的过程中,对物块受力分析,如图乙所示,物块与地面之间的压力FN=G1+FN2cos =G1+G不变,滑动摩擦力Ff=FN不变,故C正确.由于圆球对物块的压力在水平方向的分力FN2sin 逐渐增大,所以水平拉力F=Ff-FN2sin 逐渐减小,故B正确.由于物块与地面之间的压力不变,由牛顿第三定

18、律可知,地面对物块的支持力不变,故D错误.14.CD解析 对B物体受力分析,如图所示,有F=mgtan ,FT=mgcos,在将B物体缓慢拉高的过程中,角度增大,则水平力F和细绳上的拉力FT随之变大,选项A错误;对A、B两物体与斜面体这个系统而言,系统处于平衡状态,因水平力F变大,则地面对斜面体的摩擦力一定变大,而竖直方向上重力和支持力平衡,故斜面体所受地面的支持力不变,选项B错误,C正确;在这个过程中,尽管绳子张力变大,但是开始时A物体所受斜面体的摩擦力方向未知,故A物体所受斜面体的摩擦力的变化情况无法确定,如果开始时A所受摩擦力方向沿斜面向上,则斜面体对A物体的摩擦力可能先减小再反向变大,选项D正确.15.CD解析 设弹簧弹力为F,当Fcos 30=mgsin 30,即F=33mg时,A所受摩擦力为0;当F33mg时,A受到的摩擦力沿斜面向下,弹力越大,则摩擦力越大;若F33mg时,A受到的摩擦力沿斜面向上,弹力越大,则摩擦力越小,A、B错误,C正确.当F=32mg时,A所受摩擦力大小为Ff=Fcos 30-mgsin 30=14mg,方向沿斜面向下,D正确.