2022年鹤壁市高中理科综合模拟试题定一答案docx .pdf

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1、学而不思则惘，思而不学则殆鹤壁市高中压轴卷三试题答案 1.C 2.B 3.B 4.A 5.C 6.B 29.(每空1分，共9分) (1) 生物膜系统(2) 细胞质基质信息传递(3)Bip 催化翻译核孔增强(4) 溶酶体30.(每空 2 分，共 14 分)（1）有光照强度单位时间内氧气（气泡）的释放量（2）温度（3）先 C3还原，后 CO2的固定小于（4）ATP和H 31.（每空 1 分，共 7 分）（1） 明显升高发生了免疫应答（反应）B 抑制免疫 8% （2）不含地塞米松和青蒿素 100% 32.(每空 1 分，共 9 分)（1）D,B CO2（2）N+R （3）调节种间关系，维持生态系统的

2、稳定（4）能量流动和信息传递 (5）不断增大建立自然保护区（或就地保护）K2 39. (除特别标识外每空 2 分，共 15 分) （1）氮源（碳源不作要求）碳源 （2）恒温培养箱无菌水（3）多 高（4）盐（或 NaCl） 选择培养基(1 分) 40. (除特别标识外每空 2 分，共 15 分) （1）细胞核 (1 分) 植物组织培养（2）载体 DNA （3）血清或血浆 CO2（4） （核酸）分子杂交基因选择性表达化学参考答案713 CDBBDAC 26. （共 15 分） 【答案】 （1）分液漏斗 （1 分） AlP3H2O Al(OH)3PH3 （2分）（2）左右两端的橡皮管（ 1分）水开始

3、下滴一段时间后，不再连续下滴（2分）（3） 保证生成的 PH3全部被酸性 KMnO4溶液吸收（ 2分）（4） 还原（1 分）除去空气中的 O2（2 分）（5）5PH38KMnO412H2SO45H3PO48MnSO44K2SO412H2O （2分） 0.085 （2分）27.（共 14 分） 【答案】 （1）适当升温、把硼镁泥粉碎 ( 各 1分) （2）2Fe2+ + ClO+ 5H2O 2Fe(OH)3 + Cl+ 4H+(2 分)（3）SiO2(2 分) SiO2 + 4HF SiF4 +2H2O (2 分) （4） 趁热过滤(2 分) 过滤、洗涤 (2 分) （5）80%(2分)28.【

4、答案】 （每空 2分，共 14 分）（1）ab （2）SO32-+H2O2e= SO42-+2H+（3）3(NH4)2SO4 =4NH3+N2+ 3SO2+ 6H2O（4）2H2SO4(l) 2SO2(g) +O2(g) + 2H2O(l) H=+462kJmol10.675c ；温度升高，反应速率加快，达到平衡所需要的时间缩短（或温度升高，反应速率加快，相同时间内更快达到平衡） 。36.(15分，除注明外每空 2 分) （1）ZnO（多写 Fe 2O3不扣分） ；（2）浸出；（3）置换出 Fe等；3Zn+2Fe3+ =3Zn2+2Fe(或分开写 Zn+2Fe3+ =Zn2+2Fe2+、 Zn

5、+Fe2+ =Zn2+Fe ) （4）O2 (1 分)；（5）2ZnS+4H+O2=2Zn2+2S +2H2O；（6）在一定条件下，溶解度小的矿物可以转化为溶解度更小的矿物（或在相同条件下，由于KSP(CuS)小于 KSP(ZnS)，故反应可以发生）。(7)ZnCO3+2CZn+3CO 37 【答案】(15 分) （1）P区（1 分） ；5s25p6（1 分）（2）H5IO6 HIO4(2 分) 11:1（1 分）（3） A（1 分）（4）ICl+KI=I2+KCl (2 分); （5）V形（1分） sp3（1分）（6） 8 （1 分）64a (2 分) 223aNAg/mol(3 分)38.

6、(15分，除注明外每空 2 分)（1）C9H10O （1分） ；醛基（1 分）400精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 5 页学而不思则惘，思而不学则殆（2）5（1 分） ；或（3）消去反应（ 1 分） ； NaOH 的水溶液、加热（4）2O222H2O （3 分）（5）、高三理综压轴试题二 (物理部分答案 ) 14B15D16C解析：依据输电原理，电路中的功率损耗线RIP2，而SLR线, 增大输电线的横截面积，减小输电线的电阻，则能够减小输电线上的功率损耗，A正确；由 P=UI来看在输送功率一定的情况下，输送电压 U越大，

7、则输电电流越小，则功率损耗越小，B正确；若输电电压一定，输送功率越大，则电流 I 越大，电路中损耗的电功率越大，C错误；输电电压并不是电压越高越好，因为电压越高，对于安全和技术的要求越高，因此并不是输电电压越高越好，D正确。17 C 18B解：金属圆环在出磁场的过程中，切割的有效长度L=2=，且拉力等于安培力所以F=，可知 F与 x 成抛物线关系故 B正确，A、C 、D错误故选 B19AD解：A 、当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；而R1两端的电压增大，R2两端的电压减小，故乙表示是 V1示数的变化；甲表示 V2示数的变化；故A正

8、确；B、由图可知，当只有 R1接入电路时，电路中电流为0.6A，电压为 3V ，则由 E=U+Ir可得：E=3+0.6r；当滑动变阻器全部接入时，两电压表示数之比为 ，故= ；由闭合电路欧姆定律可得E=5+0.2r解得 r=5，E=6V ，故 B错误；C 、因当电源的内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，故当外阻等于 5 时，电源的输出功率最大，故此时电流 I=0.6A，故电源的最大输出功率 P=UI=1.8W ；故 C错误；D 、由 C的分析可知，R1的阻值为 5，R2电阻为 20；当 R1等效为电源的内阻，则当滑动变阻器的阻值等于 R+r时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为

9、 10时， 滑动变阻器消耗的功率最大， 由闭合电路欧姆定律可得， 电路中的电流 I =A=0.3A ，则滑动变阻器消耗的总功率 P=I2R =0.9W ；故D正确；20 BC【解析】小球在重力与电场力的合力作用下做类斜上抛运动，C 点在等效最高点，因此从A到C ，小球的动能在减小，总势能（电势能增大，重力势能在减小）在增大，电场力做负功，选项A、D 均错误。小球做类斜上抛运动，C 点必然在AB 的右侧，选项B正确。把初速度沿着垂直于合力的方向和沿合力的反方向分解，垂直分量保持不变，在合力方向小球做类竖直上抛运动，上抛到最高点时，减少的动能为2211()()22m atm gt，选项C 正确。2

10、1AD 22.（6分）(1)(mAmB)gh（2分）2mAmBh2t2（2 分）(2) 对同一高度 h 进行多次测量取平均值，对同一时间 t 进行多次测量平均值，对物块 A或 B的质量进行多次测量取平均值，选择质量相对定滑轮较大的物块 A、B ，使 A静止后再释放 B（2分）解析(1) 在物块 A下落的时间 t 内，物块 A 、B组成的系统减少的重力势能 Ep( mAmB)gh，在下落过程中，根据运动学公式0v2ht，解得落地速度 v2ht，那么在物块 A下落的时间 t 内，增加的动能 Ek12( mAmB) v22mAmBh2t2. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳

11、总结 - - - - - - -第 2 页，共 5 页学而不思则惘，思而不学则殆(2) 在实验误差范围内，根据( mAmB)gh2mAmBh2t2，为提高实验结果的准确程度，可以有以下操作：对同一高度 h 进行多次测量取平均值，对同一时间 t 进行多次测量取平均值，对物块 A或 B的质量进行多次测量取平均值，选择质量相对定滑轮较大的物块 A、B，使 A静止后再释放 B. 23 （9分）答案：(1) 连线见解析图（2 分）(2) 保持滑动变阻器滑片位置不变，将电阻箱阻值调到1 000 左右或者最大（2 分）1 000（2 分）(3) 电流（1分）15（2 分）解析(1) 已知原理电路图，则将各串

12、联支路连接，再并联即可得出正确的实物图，如图所示(2) 将开关接到Rx时，由伏安法可得电流表及待测电阻的总电阻，为了准确测量，可以保持滑动变阻器滑片位置不变，调整电阻箱的阻值，将电阻箱阻值调到 1 000 左右或最大待测电阻阻值为 1 000 . (3) 由伏安法测得电阻为电流表及待测电阻的阻值，故电流表内阻可以测出， RAUIR 8.120.0081 000 15 . 24 （14分）【解答】解： （1）对物块由牛顿第二定律：Fmg=mam1 （2分）得：am1=由得（1 分）所以：vm1=am1t1=2m/s （1 分）（2）I 区域内，对木板：由 mg=MaM1 得（1分）木板到达 I

13、区域边缘处：vM1=aM1t1=0.5m/s （1 分）离开 I 区域后：对物块：由 mg=mam2 得（1分）对木板：（1 分）当物块与木板达共同速度时：vm1am2t2=vM1+aM2t2 （1 分）得：t2=1s 两作用区边界距离为：d=1.5m （2分）（3）由于 Fmg ，所以物块与木板最终只能停在两区域之间由全过程能量守恒与转化规律：FL= mgs （2分）得：s=3m （1分）答： （1）在物块刚离开区域时，物块的速度 2m/s （2） 若物块刚进入区域时， 物块与木板的速度刚好相同， 求两作用区的边界距离 1.5m ；（3）物块与木板最终停止运动时，它们相对滑动的路程 3m 2

14、5 （18分）解析：（1）粒子在台型区域，从AC射出，可知粒子带正电，由于粒子在左侧正交场中做匀速直线运动，知：，解得：（3分）（2）在台型区域，粒子做圆周运动由，由上式可知：当粒子质量最小时，半径 R最小，粒子运动轨迹恰与 AC相切，当粒子质量最大，半径 R最大，粒子恰过 C点，由几何关系知：，解得：（3分）因，所以是等边直角三角形，（3 分）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 5 页学而不思则惘，思而不学则殆解得：，（2分）（3）带电粒子在磁场中运动周期为：，（1分）如图知粒子沿甲图运动时间最长为：（3 分）联立以上各式

15、解得：（3分）33 【物理选修 3-3】 （15分）（1） （5 分）BCD （填正确答案标号。选对 1 个得 3 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5分。每选错 1个扣 3 分，最低得分为 0 分）（2） （10分） 【解答】解：设气缸倒置前下部气体的压强为 p20，倒置后上下气体的压强分别为 p2、p1，由力的平衡条件得：， （2分）， （2分）倒置过程中，两部分气体均经历等温过程，设气体的总体积为 V0，由玻意耳定律得：， （2分）， （2分）解得：；（2分）答：图（a）中上部气体的压强 P10为34 【物理选修 3-4】 （15分）（1） （5 分）BDE（填正确答案标号。选

16、对 1 个得 3分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5分。每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0分）（2） （10分）解析：因光源在底面的中点，可知光源到三个侧面的距离相等， 根据几何知识可知光源到三个侧面的距离为63a, （2分）根据折射定律，sin C 1n2221（2分）求得临界角 C=45 （2分）根据几何知识可求每个侧面的发光的面积为半径为63a （2分）圆面积的一半。三个侧面的发光面积为 S=223318 cm26a（2分）35 【物理选修 3-5】 （15分）（1） （5 分）ACD （填正确答案标号。选对 1 个得 3 分，选对 2 个得 4 分，选对 3个得 5分。

17、每选错 1 个扣 3分，最低得分为 0分）（2） （10分）【解答】解：设小球的初速度为 v0，第一次碰撞后，小球的速度为 v1，圆环的速度为 v2圆环和小球组成的系统动量守恒，以球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律：mv0=mv1+Mv2，（2分）由能量守恒定律得： mv02= mv12+ Mv22，（2分）多次碰撞后小球和环最终静止，设圆环受到的摩擦力为 f ，精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 5 页学而不思则惘，思而不学则殆通过的总位移为 x系统的动能全部转化为摩擦生热：fx=mv02， （1分）第一次碰撞后经时间 t ，小球恰好未从小孔中穿出，即二者共速，均为 v1，由运动学规律：t v1t=2R，（2分）对圆环，由动量定理：ft=Mv1Mv2，（2分）解得，圆环通过的总位移：x=R；（1分）答：圆环通过的总位移为R 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 5 页