2022高考数学一轮复习课时规范练36空间几何体的结构及其三视图直观图文含解析新人教A版.docx

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1、课时规范练36空间几何体的结构及其三视图、直观图基础巩固组1.下列说法中正确的是()A.斜三棱柱的侧面展开图一定是平行四边形B.水平放置的正方形的直观图有可能是梯形C.一个直四棱柱的正视图和侧视图都是矩形,则该直四棱柱就是长方体D.用平行于圆锥底面的平面去截圆锥,底面与截面之间的部分形成的几何体就是圆台2.(2020浙江衢州模拟)在一个密闭透明的圆柱筒内装一定体积的水,将该圆柱筒分别竖直、水平、倾斜放置时,指出圆柱桶内的水平面可以呈现出的几何形状不可能是()A.圆B.矩形C.梯形D.椭圆或部分椭圆3.将长方体截去一个四棱锥后得到的几何体如图所示,则该几何体的侧视图为()4.(2020江西南昌八

2、一中学期中)如图,一个水平放置的面积是2+2的平面图形的斜二测直观图是等腰梯形,其中ADBC,则等腰梯形面积为()A.12+22B.1+22C.1+2D.2+25.如图所示,O是正方体ABCD-A1B1C1D1对角线A1C与AC1的交点,E为棱BB1的中点,则空间四边形OEC1D1在正方体各面上的正投影不可能是()6.某三棱锥的三视图如图所示,其俯视图是一个等腰直角三角形,在此三棱锥的六条棱中,最长棱的长度为()A.2B.22C.6D.27.(2020北京丰台一模)某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的四个面中,面积等于3的有()A.1个B.2个C.3个D.4个8.正方体被一个平面截去一部分后

3、,所得几何体的三视图如图所示,则截面图形的形状为()A.等腰三角形B.直角三角形C.平行四边形D.梯形9.(2020广东广雅中学模拟)如图,正方形OABC的边长为1 cm,它是水平放置的一个平面图形的直观图,则原图形的周长是cm.10.(2020北京朝阳一模)已知某三棱锥的三视图如图所示,则该三棱锥的最长棱的长为.(第9题图)(第10题图)综合提升组11.如图是某几何体的三视图,则过该几何体顶点的所有截面中,最大截面的面积是()A.2B.3C.32D.112.已知某长方体的三视图如图所示,在该长方体的一组相对侧面M,N上取三点A,B,P,其中P为侧面N的对角线上一点(与对角线端点不重合),A,

4、B为侧面M的一条对角线的两个端点.若以线段AB为直径的圆过点P,则m的最小值为()A.4B.43C.2D.2313.在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中,E,F分别为线段CD和A1B1上的动点,且满足CE=A1F,则四边形D1FBE所围成的图形(如图所示阴影部分)分别在该正方体有公共顶点的三个面上的正投影的面积之和()A.有最小值32B.有最大值52C.为定值3D.为定值214.(2020安徽阜阳模拟)如图,一立在水平地面上的圆锥形物体的母线长为4 m,一只小虫从圆锥的底面圆上的点P出发,绕圆锥表面爬行一周后回到点P处.若该小虫爬行的最短路程为43 m,则圆锥底面圆的半径等于m.创新

5、应用组15.九章算术涉及中国古代算数中的一种几何体阳马,它是底面为矩形,两个侧面与底面垂直的四棱锥,已知网格纸上小正方形的边长为1,现有一体积为4的阳马,则该阳马对应的三视图(用粗实线画出)可能为()16.(2020黑龙江绥化模拟)刍甍,中国古代算数中的一种几何形体,九章算术中记载:“刍甍者,下有袤有广,而上有袤无广.刍,草也.甍,屋盖也.”翻译为“底面有长有宽为矩形,顶部只有长没有宽为一条棱.刍甍字面意思为茅草屋顶.”如图为一个刍甍的三视图,其中正视图为等腰梯形,侧视图为等腰三角形,则该茅草屋顶的面积为.17.(2019全国2,文16)中国有悠久的金石文化,印信是金石文化的代表之一.印信的形

6、状多为长方体、正方体或圆柱体,但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多面体”(图1).半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体.半正多面体体现了数学的对称美.图2是一个棱数为48的半正多面体,它的所有顶点都在同一个正方体的表面上,且此正方体的棱长为1,则该半正多面体共有个面,其棱长为.图1图2参考答案课时规范练36空间几何体的结构及其三视图、直观图1.D对于选项A,斜棱柱的每个侧面是平行四边形,但是全部展开以后,那些平行四边形未必可以构成一个平行四边形,所以是错误的.对于选项B,水平放置的正方形的直观图是平行四边形,不可能是梯形,所以是错误的.对于选项C,一个直四棱柱的正视图和侧

7、视图都是矩形,则该直四棱柱不一定是长方体,因为底面可能不是矩形,所以是错误的.对于选项D,用平行于圆锥底面的平面去截圆锥,底面与截面之间的部分形成的几何体就是圆台,是正确的.故选D.2.C当圆柱筒竖直放置时,液面形状为圆形,当圆柱筒水平放置时,液面为矩形,当圆柱筒倾斜放置时,若液面经过底面,则液面为椭圆的一部分,若液面不经过底面,则液面为椭圆,故选C.3.D易知侧视图的投影面为矩形.又AF的投影线为虚线,故该几何体的侧视图为选项D.4.A根据斜二测画法的规则得原水平放置的平面图:上底为AD,下底为BC,高为2AB的直角梯形,所以水平放置的平面图形的面积为SABCD=12(AD+BC)2AB=2

8、+2,则SABCD=12(AD+BC)22AB=24SABCD=24(2+2)=12+22.故选A.5.A空间四边形OEC1D1在正方体左侧面上的正投影是C选项的图形,空间四边形OEC1D1在正方体下底面上的正投影是D选项的图形,空间四边形OEC1D1在正方体后侧面上的正投影是B选项的图形,只有A选项不可能是投影,故选A.6.B由题意可知几何体的直观图如图:可知PA底面ABC,三角形ABC是等腰直角三角形,ABBC,可知最长棱为PC=4+4=22.故选B.7.C该几何体对应的直观图如图所示,SABC=1223=3,SABD=1223=3,SBCD=1223=3,AC=22+(3)2=7,AD=

9、22+(3)2=7,SACD=122(7)2-12=6.则面积等于3的有3个,故选C.8.A如图所示,由三视图可得,该几何体是正方体被一个平面截去一个三棱锥所得的几何体,很明显三棱锥的两条侧棱相等,故截面是等腰三角形.故选A.9.8由题意得原图形为OB=2cm,对应原图形平行四边形OABC的高为22cm,所以原图形中,OA=BC=1cm,AB=OC=(22)2+12=3(cm),故原图形的周长为2(1+3)=8(cm).10.5如图所示A-BCD是三棱锥的直观图,其中AF平面BCD,垂足为F,根据三视图可知,BE=ED=2,CE=EF=2,AF=3,所以BF=DF=BC=CD=22,AB=AD

10、=(22)2+32=17,AC=AF2+CF2=32+42=5,可知该三棱锥的最长棱的长为AC=5.11.A由三视图可知其对应的几何体是一个半圆锥,且圆锥的底面半径为r=3,高h=1,故俯视图是一个腰长为2,顶角为120的等腰三角形,易知过该几何体顶点的所有截面均为等腰三角形,且腰长为2,顶角的范围为(0,120,设顶角为,则截面的面积S=1222sin=2sin,当=90时,面积取得最大值2.故选A.12.D如图,连接HF与NM,由长方体可得,线段NM是直线HF与AB的公垂线段.当点P在对角线HF的中点时,点P到直线AB距离最短为2.又以线段AB为直径的圆过点P,则AB22,即m2+2222

11、,解得m23.所以m的最小值为23.故选D.13.D依题意,设四边形D1FBE的四个顶点在后面,下面,右面的投影点分别为D1,F,B,E,则四边形D1FBE在后面,下面,右面的投影分别如下图,所以在后面的投影的面积为S后=11=1,在下面的投影面积S下=D1E1=DE1=DE,在右面的投影面积S右=BE1=CE1=CE,所以投影的面积之和S=S后+S下+S右=1+DE+CE=1+CD=2.故选D.14.43把圆锥侧面沿过点P的母线展开成如图所示的扇形,由题意OP=4,PP=43,则cosPOP=42+42-(43)2244=-12,所以POP=23.设底面圆的半径为r,则2r=234,所以r=

12、43.15.C由三视图可知几何体是四棱锥,且四棱锥的一条侧棱与底面垂直,B,D对应的几何体不符合阳马的特点,A对应的阳马体积不是4,C对应的阳马体积是4,故选C.16.325如图,E,F在平面ABCD内的垂足分别为Q,G,则QG=EF=FG=4,H为AB的中点,则GH=2,于是FH=FG2+GH2=25,FA=FH2+HA2=20+22=26.点G在DA边上的垂足为P,则AP=2,FP=FA2-AP2=25,则SABF=12ABFH=12425=45,S梯形ADEF=12(AD+EF)FP=12(8+4)25=125,所以茅草屋顶的面积为2(45+125)=325.17.262-1由题图2可知第一层与第三层各有9个面,共计18个面,第二层共有8个面,所以该半正多面体共有18+8=26个面.如图,设该半正多面体的棱长为x,则AB=BE=x,延长CB与FE的延长线交于点G,延长BC交正方体的棱于点H.由半正多面体的对称性可知,BGE为等腰直角三角形,所以BG=GE=CH=22x,所以GH=222x+x=(2+1)x=1,解得x=12+1=2-1,即该半正多面体的棱长为2-1.