备战2020年高考数学一轮复习第3单元导数及其应用单元训练A卷文含.doc

《备战2020年高考数学一轮复习第3单元导数及其应用单元训练A卷文含.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《备战2020年高考数学一轮复习第3单元导数及其应用单元训练A卷文含.doc（10页珍藏版）》请在得力文库 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 单元训练金卷高三数学卷（A）第3单元 导数及其应用注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1已知函数

2、，则（ ）ABCD2曲线y=2sinx+cosx在点(，1)处的切线方程为（ ）ABCD3函数的导函数的图象如图所示，则函数的图象可能是（ ）ABCD4函数的单调增区间为（ ）ABCD5若函数有两个不同的极值点，则实数的取值范围是（ ）ABCD6过点作曲线的切线，则切线方程为（ ）A或B或C或D7已知函数在区间上不是单调函数，则实数的取值范围是（ ）ABCD8若存在唯一的正整数，使关于的不等式成立，则实数的取值范围是（ ）ABCD9函数 (其中e为自然对数的底数)的大致图像是（ ）ABCD10函数，正确的命题是（ ）A值域为B在是增函数C有两个不同的零点D过点的切线有两条11定义在上的函数满足

3、，且，则不等式的解集为（ ）ABCD12已知，则下列不等式一定成立的是（ ）ABCD第卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分13函数在处的切线方程是，则_14函数在上极值为_15函数的值域为_16已知函数无极值，则实数的取值范围是_三、解答题：本大题共6个大题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17（10分）已知曲线（1）求曲线在处的切线方程；（2）求曲线过原点的切线方程18（12分）设函数，若函数的图象在点处与直线相切（1）求实数，的值；（2）求函数在上的最大值19（12分）求证：20（12分）已知函数（1）当时，求曲线在点处的切线方程；（2）求的单调区间21（12分）已知函

4、数（m为常数）（1）当m=4时，求函数的单调区间；（2）若函数有两个极值点，求实数m的取值范围22（12分）函数（1）求函数的单调区间；（2）若方程在区间上恰有两个不等的实根，求实数的取值范围单元训练金卷高三数学卷（A）第3单元 导数及其应用 答 案第卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1【答案】D【解析】由题意知：，本题正确选项D2【答案】C【解析】当时，即点在曲线上，则在点处的切线方程为，即故选C3【答案】C【解析】由题意，根据导函数的图象，可得当时，则函数单调递增；当时，函数单调递减，故选C4【答案】D【解析】函数的定义域为，当时

5、，函数单调递增，所以有或，而函数的定义域为，所以当时，函数单调递增，故本题选D5【答案】D【解析】的定义域是（0，+），若函数有两个不同的极值点，则在（0，+）由2个不同的实数根，故，解得，故选D6【答案】A【解析】设切点为（m，m3-3m），的导数为，可得切线斜率，由点斜式方程可得切线方程为ym3+3m(3m2-3)（xm），代入点，可得6m3+3m(3m2-3)（2m），解得m0或m3，当m=0时，切线方程为；当m=3时，切线方程为，故选A7【答案】C【解析】因为（），所以，由，得，所以当时，即单调递增；当时，即单调递减，又函数在区间上不是单调函数，所以有，解得故选C8【答案】B【解析】设

6、，则存在唯一的正整数，使得，设，因为，所以当以及时，为增函数；当时，为减函数，在处，取得极大值，在处，取得极大值而恒过定点，两个函数图像如图，要使得存在唯一的正整数，使得，只要满足，即，解得，故选B9【答案】B【解析】方法一：排除法：当时，排除C，当时，恒成立，排除A、D，故选B方法二：，由，可得，令，可得或，所以函数在上单调递减，在上单调递增，所以只有B符合条件，故选B10【答案】B【解析】因为，所以，因此当时，在上是增函数，即在上是增函数；当时，在上是减函数，因此；值域不为R；当时，当时，只有一个零点，即只有一个零点；设切点为，则，所以过点的切线只有一条，综上选B11【答案】C【解析】的解

7、集即为的解集，构造函数，则，因为，所以，所以在上单调递增，且，所以的解集为，不等式的解集为故选C12【答案】C【解析】由题意，设，设，在单调递减，且，所以在递减，故选C第卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分13【答案】2【解析】函数的图象在点处的切线方程是，故答案为214【答案】【解析】，令，得，在区间上讨论：当时，函数为增函数；当时，函数为减函数，所以函数在上的极值为，故答案是15【答案】【解析】由题意，可得，令，即，则，当时，；当时，即在为增函数，在为减函数，又，故函数的值域为16【答案】【解析】因为，所以，又函数无极值，所以恒成立，故，即，解得故答案为三、解答题：本大题共6个大题，共

8、70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17【答案】（1）；（2）或【解析】（1）由题意得，所以，可得切线方程为，整理得（2）令切点为，因为切点在函数图像上，所以，所以在该点处的切线为因为切线过原点，所以，解得或，当时，切点为（0，0），切线方程为，当时，切点为，切线方程为y=0，所以切线方程为或y=018【答案】（1）；（2）【解析】（1）由，得，则，解得，（2）由（1）知，（）当时，；当时，在上为增函数，在上为减函数，则19【答案】见解析【解析】，所以，当x0时，h（x）0，h（x）为增函数；当时，h（x）为减函数，所以h（x）h（0）0，所以20【答案】（1）；（2）当时，的单调增

9、区间是；当时，的单调递减区间是；递增区间是【解析】（1）当时，所以所以，所以切线方程为（2）当时，在时，所以的单调增区间是；当时，函数与在定义域上的情况如下：所以的单调递减区间是；递增区间是综上所述：当时，的单调增区间是；当时，的单调递减区间是；递增区间是21【答案】（1）单调递增区间为（1，2）和（5，），单调递减区间为；（2）【解析】依题意，函数的定义域为（1，）（1）当m4时，令，解得或；令，解得可知函数的单调递增区间为（1，2）和（5，），单调递减区间为（2）若函数有两个极值点，则，解得22【答案】（1）增区间为，减区间为；（2）【解析】（1）的定义域为，则，由于恒成立，则在上大于零恒成立，在上为单调递增函数，又，当时，则函数增区间为，当时，则函数减区间为（2）令，则；令，解得，令，解得，则的增区间为，令，解得，则的减区间为，由此可得的大致图像如图：要使方程在区间上恰有两个不等的实根等价于函数与轴在区间有两个不同交点，从图像可得，解得，故答案为