2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练 专题6.22 与圆周运动相关的功能问题（基础篇）（解析版）.doc

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1、2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练第六部分 机械能专题6.22与圆周运动相关的功能问题（基础篇）一选择题1.一小球以一定的初速度从图示5位置进入光滑的轨道，小球先进入圆轨道1，再进入圆轨道2，圆轨道1的半径为R，圆轨道2的半径是轨道1的1.8倍，小球的质量为m，若小球恰好能通过轨道2的最高点B，则小球在轨道1上经过A处时对轨道的压力为()A.2mg B.3mgC.4mg D.5mg【参考答案】C【名师解析】小球恰好能通过轨道2的最高点B时，有mgm，小球在轨道1上经过A处时，有Fmgm，根据机械能守恒定律，有1.6mgRmvmv，解得F4mg，由牛顿第三定律可知，小球对轨道的压力F

2、F4mg，选项C正确。2.如图所示，质量相同的可视为质点的甲、乙两小球，甲从竖直固定的光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下。下列判断正确的是()A.两小球到达底端时速度相同B.两小球由静止运动到底端的过程中重力做功不相同C.两小球到达底端时动能相同D.两小球到达底端时，甲小球重力做功的瞬时功率大于乙小球重力做功的瞬时功率【参考答案】C【名师解析】根据机械能守恒定律可得两小球到达底端时速度大小v，但方向不同，所以选项A错误；两小球由静止运动到底端的过程中重力做功相同，则两小球到达底端时动能相同，所以选项C正确，B错误；两小球到达底端时，甲

3、小球重力做功的瞬时功率为零，乙小球重力做功的瞬时功率大于零，所以选项D错误。二计算题1.（2019湖南衡阳三模）如图所示，电动机带动倾角为37的传送带以v8m/s的速度逆时针匀速运动，传送带下端点C与水平面CDP平滑连接，B、C间距L20m；传送带在上端点B恰好与固定在竖直平面内的半径为R0.5m的光滑圆弧轨道相切，一轻质弹簧的右端固定在P处的挡板上，质量M2kg可看做质点的物体靠在弹簧的左端D处，此时弹簧处于原长，C、D间距x1m，PD段光滑，DC段粗糙。现将M压缩弹簧一定距离后由静止释放，M经过DC冲上传送带，经B点冲上光滑圆孤轨道，通过最高点A时对A点的压力为8N上述过程中，M经C点滑上

4、传送带时，速度大小不变，方向变为沿传送带方向。已知与传送带同的动摩擦因数为0.8、与CD段间的动摩擦因数为0.5，重力加速度大小g10m/s2求：（1）在圆弧轨道的B点时物体的速度（2）M在传送带上运动的过程中，带动传送带的电动机由于运送M多输出的电能E。（3）M释放前，系统具有的弹性势能Ep【名师解析】（1）M恰能过A点，由牛顿第二定律：Mg+FAM解得VAm/s，从B到A由机械能守恒：Mg（R+Rcos）解得vB5.0m/s（2）M在传送带上运动时由于VB小于皮带速度，可知物体一直做加速运动，由1MgcosMgsinMa解得a0.4m/s2由公式：2aL，解得v3m/s由vBvc+at解得

5、t5s；传送带在t时间内的位移：x1vt40m，由于物体对皮带有沿皮带向下的摩擦力，要维持皮带匀速运动，故电动机要额外给皮带一个沿皮带向上的牵引力，大小与物体受到的摩擦力一样大，多做的功WMgcosx1512J，多输出的电能E512J（3）设弹簧弹力对物体做功W，则从弹簧的压缩端到C点，对M由动能定理：W2Mgx0M0解得：W19J可知Ep19J答：（1）在圆弧轨道的B点时物体的速度为5.0m/s（2）M在传送带上运动的过程中，带动传送带的电动机由于运送M多输出的电能E为512J。（3）M释放前，系统具有的弹性势能为19J2（20分）（2018四川四市二诊）如图所示，在倾角q37的光滑斜面上用

6、装置T锁定轨道ABCDAB为平行于斜面的粗糙直轨道，CD为光滑的四分之一圆孤轨道，AB与CD在C点相切，质量m0.5kg的小物块（可视为质点）从轨道的A端由静止释放，到达D点后又沿轨道返回到直轨道AB中点时速度为零已知直轨道AB长L1m，轨道总质量M0.1kg，重力加速度g10m/s2，sin370.6，cos370.8。（1）求小物块与直轨道的动摩擦因数mm；（2）求小物块对圆弧轨道的最大压力；（3）若小物块第一次返回C点时，解除轨道锁定，求从此时起到小物块与轨道速度相同时所用的时间。【名师解析】（1）小物块在从ABDC直轨AB中点的过程中，根据能量守恒（2分）解得：m0.25（1分）（2）

7、设圆轨道的半径为R，小物块在从ABD的过程中，根据动能定理mg（LsinqRcosqRsinq）mmgLcosq0 （2分）解得：R2m设四分之一圆弧轨道的最低点为P，小物块从D点返回C点的过程中，经过P点时，小物块对圆轨的压力最大，设速度为vp，轨道对小球的最大支持力大小为F，小物块对圆轨道的最大压力为F，则（1分）（2分）FF（1分）解得：F9N（1分）（3）设小物块第一次返回C点时，速度为vC，解除轨道锁定后，小物体的加速度沿斜面向下，大小为a1，轨道的加速度沿斜面向上，大小为a2从此时起到小物块与轨道共速时所用的时间为t，则（2分）ma1mgsinqmmgcosq （2分）Ma2mmg

8、cosqMgsinq （2分）vCa1ta2t （2分）解得：vC2m/s，aa18m/s2，a24m/s2t（2分）3.（2018名校模拟）某工厂车间通过图示装置把货物运送到二楼仓库，AB为水平传送带，CD为倾角=37、长s=3m的倾斜轨道，AB与CD通过长度忽略不计的圆弧轨道平滑连接，DE为半径r=0.4m的光滑圆弧轨道，CD与DE在D点相切，OE为竖直半径，FG为二楼仓库地面（足够长且与E点在同一高度），所有轨道在同一竖直平面内当传送带以恒定速率v=10m/s运行时，把一质量m=50kg的货物（可视为质点）由静止放入传送带的A端，货物恰好能滑入二楼仓库，已知货物与传送带、倾斜轨道及二楼仓

9、库地面间的动摩擦因素均为=0.2，取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）货物在二楼仓库地面滑行的距离；（2）传送带把货物从A端运送到B端过程中因摩擦而产生的内能【名师解析】（1）因贷物恰好能滑入二楼仓库，则在圆轨道的最高点E，向心力恰好由重力提供，得：mg=m 代入数据解得：vE=2m/s 货物到达仓库后在运动的过程中只有摩擦力做功，做匀减速运动，设货物在二楼仓库地面滑行的距离为s由动能定理得：-mgs=0- 代入数据得：s=1m （2）设货物离开传送带时的速度为vB，货物从B到达E的过程中重力和摩擦力做功，由动能定理得：-mgssin37-mgscos37-mg

10、r（1+cos37）=- 代入数据得：vB=8m/s 货物在传送带上加速时，沿水平方向的摩擦力提供加速度，由牛顿第二定律得：ma=mg 所以：a=g=0.210=2m/s2 货物从开始运动到速度等于8m/s的过程中的位移为x，则：2ax= 代入数据得：x=16m 该过程中的时间：t=4s 该过程中传送带的位移：x=vt=104=40m 货物相对于传送带的位移：x=x-x=40-16=24m 所以传送带把货物从A端运送到B端过程中因摩擦而产生的内能：Q=mgx=0.2501024=2400J 答：（1）货物在二楼仓库地面滑行的距离是1m；（2）传送带把货物从A端运送到B端过程中因摩擦而产生的内能

11、是2400J4.如图所示，倾角45的粗糙平直导轨AB与半径为R的光滑圆环轨道相切，切点为B，整个轨道处在竖直平面内。一质量为m的小滑块(可以看作质点)从导轨上离地面高为h3R的D处无初速度下滑进入圆环轨道。接着小滑块从圆环最高点C水平飞出，恰好击中导轨上与圆心O等高的P点，不计空气阻力，已知重力加速度为g。求：(1)滑块运动到圆环最高点C时的速度大小；(2)滑块运动到圆环最低点时对圆环轨道压力的大小；(3)滑块在斜面轨道BD间运动的过程中克服摩擦力做的功。【参考答案】(1)(2)6mg(3)mgR【名师解析】(1)小滑块从C点飞出来做平抛运动，水平速度为v0。竖直方向上：Rgt2水平方向上：R

12、v0t解得v0(2)小滑块在最低点时速度为v，由动能定理得mg2Rmvmv2解得v在最低点由牛顿第二定律得FNmgm解得FN6mg由牛顿第三定律得FN6mg(3)从D到最低点过程中，设DB过程中克服摩擦阻力做功Wf，由动能定理得mghWfmv20解得WfmgR5.如图所示，在某竖直平面内，光滑曲面AB与水平面BC平滑连接于B点，BC右端连接内、外壁光滑、半径r0.2 m 的四分之一细圆管CD，管口D端正下方直立一根劲度系数为k100 N/m的轻弹簧，弹簧一端固定，另一端恰好与管口D端平齐。一个质量为1.0 kg的小滑块(可视为质点)放在曲面AB上，现从距BC的高度为h0.6 m 处由静止释放小

13、滑块，它与BC间的动摩擦因数0.5，小滑块进入管口C端时，它对上管壁有FN2.5mg的相互作用力，通过CD后，在压缩弹簧过程中小滑块速度最大时弹簧的弹性势能为Ep0.5 J。取重力加速度g10 m/s2。求：(1)小滑块在C处受到的向心力大小；(2)在压缩弹簧过程中小滑块的最大动能Ekm；(3)小滑块最终停止的位置。【参考答案】(1)35 N(2)6 J(3)距B点0.2 m【名师解析】(1)小滑块进入管口C端时它与圆管外管壁有大小为FN2.5mg的相互作用力，故小滑块在C点受到的向心力大小为F向2.5mgmg35 N。(2)在压缩弹簧过程中小滑块速度最大时，所受合力为零。设此时小滑块离D端的距离为x0，则有kx0mg解得x00.1 m在C点合外力提供向心力，有F向m得v7 m2/s2小滑块从C点运动到速度最大位置的过程中，由机械能守恒定律得mg(rx0)mvEkmEp联立解得Ekmmg(rx0)mvEp6 J。(3)小滑块从A点运动到C点过程，由动能定理得mghmgsmv解得B、C间的距离s0.5 m小滑块与弹簧作用后返回C处动能不变，小滑块的动能最终消耗在与BC水平面相互作用的过程中，设之后小滑块在BC上的运动路程为s，由动能定理有：mgs0mv，解得s0.7 m，故最终小滑块在距离B点为(0.70.5) m0.2 m处停下。