(江苏专用)2019版高考物理大一轮复习 第11单元 交变电流 传感器测评手册.pdf

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1、第第 1111 单元单元 交变电流交变电流 传感器传感器单元小结卷(十一)考查范围：第十一单元时间/ 45 分钟分值/ 100 分一、选择题（每小题 8 分,共 56 分，14 小题为单选，57 小题为多选)1。如图 D11-1 甲所示,一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴OO以恒定的角速度转动,从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈中产生的交变电流随时间按照图乙所示的余弦规律变化,在t=时刻 （)图 D11-1A。线圈中的电流最大B。穿过线圈的磁通量为零C。线圈所受的安培力为零D.穿过线圈的磁通量的变化率最大2.某种角速度计的结构如图 D112 所示.当整个装置绕轴OO转动时，

2、元件A相对于转轴发生位移并通过滑动变阻器输出电压，电压传感器（传感器内阻无限大）接收相应的电压信号。已知A的质量为m，弹簧的劲度系数为k，自然长度为l，电源的电动势为E,内阻不计，滑动变阻器总长为l，电阻分布均匀，装置静止时滑片P在变阻器的最左端B点.闭合开关,当系统以角速度转动时,则（）图 D112A。电路中电流随角速度的增大而增大B。电路中电流随角速度的增大而减小C。弹簧的伸长量为x=D.输出电压U与的函数关系式为U=3. 2017哈尔滨九中二模 将图 D113 甲所示的正弦式交变电压输入理想变压器的原线圈,变压器副线圈上接入阻值为 10 的白炽灯(认为其电阻恒定)，如图乙所示。若变压器原

3、、副线圈的匝数比为 101，则下列说法正确的是()图 D11-3A。该交流电的频率为 50 HzB。灯泡消耗的功率为 250 WC。变压器原线圈中电流表的示数为 0.5 AD。流过灯泡的电流方向每秒钟改变 50 次4。2017长春质检 如图 D114 甲所示,理想变压器的原线圈电路中装有 0。5 A 的保险丝L（电阻忽略不计),原线圈匝数n1=600，副线圈匝数n2=120。当原线圈两端接在如图乙所示的交流电源上，要使整个电路和用电器正常工作，则副线圈两端可以接 (）图 D114A.阻值为 12 的电阻B。并联两盏规格均为“36 V40 W的灯泡C。工作频率为 10 Hz 的用电设备D.耐压值

4、为 36 V 的电容器5. 2017黄冈质检 课堂上老师做了如图 D11-5 所示的演示实验：用电池、开关、导线与软铁环上线圈A、线圈B连接，并在导线下面放置一个小磁针用来检验线圈B中是否有电流产生。在开关闭合瞬间,小磁针发生明显偏转。课后某同学另找器材重做此实验时,却没有观察到小磁针偏转.导致小磁针没有偏转的原因可能是（)图 D11-5A.线圈B匝数太少B.所用干电池节数太多C.开关闭合或断开太快D.导线EF、CD沿东西方向放置6. 2017西安一中模拟 如图 D11-6 所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为 101，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，除R以外其余电阻不计.从

5、某时刻开始在原线圈两端加上交变电压,其瞬时值表达式为u1=220sin 100t(V)。下列说法中正确的()图 D11-6A。t= s 时,电压表的示数为 22 VB。t= s 时，a、c两点间的电压瞬时值为 110 VC。滑动变阻器的滑片向上移,电压表和电流表的示数均变大D.单刀双掷开关由a扳向b,电压表和电流表的示数均变大7。2018江西师大附中月考 如图 D11-7 甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为 51,原线圈接入如图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统 (报警器未画出）,电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻,R为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。下列说法中正确

6、的是 ()图 D11-7A。图乙中电压的有效值为 110 VB.电压表的示数为 44 VC。 R处发生火灾时电流表示数增大D. R处发生火灾时电阻R0消耗的电功率增大二、非选择题(共 44 分,要求解答过程有必要的文字说明）8。(20 分）一小型交流发电机产生正弦式交变电压，该电压随时间变化的规律如图 D118 所示。发电机线圈电阻为 5 ，当发电机输出端仅接入一个 95 的纯电阻用电器时,用电器恰能正常工作。求:（1)通过该用电器的电流;(2)该用电器的额定功率。图 D11-89.（24 分)2018长沙雅礼中学月考 风能作为新型环保发电能源，近几年来得到了快速发展.如图 D11-9 所示，

7、风车阵中发电机输出功率为 100 kW,输出电压是 250 V，用户需要的电压是 220 V,输电线电阻为 10 .若输电线因发热而损失的功率为输送功率的 4,试求:(1)在输电线路中设置的升、降压变压器原、副线圈的匝数比;(2)用户得到的电功率.图 D11-9测评手册单元小结卷（十一)1.C解析 线圈中产生的交变电流随时间按照图乙所示的余弦规律变化，即i=imcost,在t=时刻,i=imcost=imcos=0,此时刻线圈所在的平面与磁场方向垂直，穿过线圈的磁通量最大，磁通量变化率为零，A、B、D 错误；产生的感应电流为零,所以线圈所受的安培力为零,C 正确.2.D解析 系统在水平面内以角

8、速度转动时,无论角速度是增大还是减小，滑动变阻器接入电路的电阻都不变,根据闭合电路欧姆定律知,电路中电流保持不变,故选项 A、B 错误；设系统在水平面内以角速度转动时，弹簧的伸长量为x，则对元件A，根据牛顿第二定律得kx=m(l+x），又输出电压U=D 正确。2E，联立得x=,U=,故选项 C 错误，选项3.A解析 由图甲可知，原线圈输入电压的周期为 0.02 s，故频率为 50 Hz，故 A 正确;输入电压有效值为 V，根据原、副线圈电压与匝数成正比，可知副线圈电压有效值为U=25 V,灯泡消耗的功率为P=125 W，故 B 错误；副线圈的电流为I= A,则原线圈的电流为 A,故 C 错误；

9、每一个周期电流方向改变 2次，故流过灯泡的电流方向每秒钟改变 100 次，故 D 错误。4。B解析 根据图乙可知，原线圈输入的交变电压的最大值U1m=180 V，有效值U1=180V，周期T1=0。02 s,频率f1= =50 Hz，又因为n1n2=51，所以副线圈的输出电压的最大值为U2m=36 V,有效值U2=36 V,周期T2=T1=0。02 s,频率f1=f2=50 Hz，故选项 C 错误;若副线圈两端接阻值为 12 的电阻，则I2=3 A,I1= I2=0。6 A0.5 A,即通过保险丝的电流超过了其熔断电流，选项 A 错误;若并联两盏规格均为“36 V40 W的灯泡，通过保险丝的电

10、流I1= A0。5 A,故选项 B 正确；电容器的耐压值指的是允许加在电容器两端的最大电压值，副线圈的输出电压的最大值为U2m=36 V36 V，即超过了电容器的耐压值,故选项 D 错误。5.AD解析 如果线圈B匝数太少,线圈B中产生的感应电动势和感应电流较小，则小磁针偏转不明显，故 A 正确;所用电池节数太多,电压更高,小磁针偏转更加明显,故 B 错误；开关闭合或断开瞬间，副线圈B中会产生感应电流,电流产生磁场使小磁针偏转,开关闭合或断开越快,电流变化越快,现象越明显,故 C 错误；导线EF、CD沿东西方向放置时，根据安培定则，电流产生的磁场与地磁场均沿南北方向，小磁针可能不偏转,故 D 正

11、确。6.AD解析 原线圈两端电压有效值为 220 V，副线圈两端电压有效值为 22 V，电压表测量的是有效值,故 A 正确;t= s 时,a、c两点间的电压瞬时值为 110 V,故 B 错误;滑动变阻器的滑片向上移,电阻变大，副线圈的电压由匝数和输入电压决定，电压表的示数不变，电流表示数减小，C 错误;单刀双掷开关由a扳向b,原、副线圈匝数比变小，匝数与电压成正比，所以电压表和电流表的示数均变大，故 D 正确。7.ACD解析 乙图是不完整的正弦式交流电，根据电压有效值的定义,有2t，所以电压有效值U=110 V；根据变压器原理,电压表示数应是 22 V，R处发生火灾时,温度升高，电阻变小，电流

12、变大,R0消耗的电功率变大。8.(1)1 A(2）95 W解析 （1)由电压时间图像可知，发电机产生的交变电压的有效值为 100 V.由闭合电路欧姆定律可得，通过该用电器的电流I=1 A。 (2)由于用电器正常工作,故其额定功率P=I2R=1295 W=95 W。9。（1)12024011（2)96 kW解析 (1）输电线损耗功率P损=P4=100 kW4=4 kW输电线电流I2= A=20 A升压变压器输出电压U2=升压变压器原、副线圈匝数比为 V=5000 V输电线上的电压损失U损=I2R线=2010 V=200 V降压变压器原线圈两端电压U3=U2U损=4800 V降压变压器原、副线圈匝

13、数比(2）用户得到的电功率即降压变压器的输出功率,为P用=P-P损=P（14）=10096% kW=96 kW尊敬的读者：本文由我和我的同事在百忙中收集整编出来，本文档在发布之前我们对内容进行仔细校对，但是难免会有不尽如人意之处，如有疏漏之处请指正，希望本文能为您解开疑惑,引发思考。文中部分文字受到网友的关怀和支持，在此表示感谢！在往后的日子希望与大家共同进步，成长。This article is collected and compiled by my colleagues and I in ourbusy schedule. We proofread the content careful

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