2019年内蒙古巴彦淖尔中考物理试卷含答案.docx

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1、物理试卷 第 1 页（共 24 页） 物理试卷 第 2 页（共 24 页） 绝密启用前内蒙古巴彦淖尔市 2019 年中考试卷 物 理一、单选题（本大题共 7 小题，共 21.0 分）1.与“立竿见影”现象原理相同的是 ( )A.平静湖边，倒影可见B.山间小溪，清澈见底C.林荫树下，光斑点点D.雨过天晴，彩虹出现2.下列说法正确的是 ( )A.初春，冰雪消融是汽化现象B.深秋，草叶上的白霜是凝华现象C.盛夏，地面温度升高，地面含有的热量增多D.严冬，搓手取暖是利用了热传递增大内能3.下列说法正确的是 ( )A.音叉在真空中振动不会产生声音B.倒车雷达是利用电磁波来探测车后障碍物的C.滚摆在滚动过

2、程中运动状态一定改变D.热机和电动机在能量的转化方式上是相同的4.下列图示所涉及的物理知识正确的是 ( )A.如图说明同种电荷相互排斥B.如图闭合开关，小磁针左端为 S 极C.如图是发电机的工作原理示意图D.按如图的方法使用测电笔可以辨别火线与零线5.如图所示是舰载机飞离甲板的过程中，下列说法正确的是 ( )A.飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，会逐渐停下来B.飞机起飞时加速助跑，可获得更大的惯性，利于升空C.飞机加速升空，动能转化为重力势能，机械能增大D.飞机飞离甲板后，舰艇底部受到水的压强变小6.如图所示，拉力 F 为，物体 A 以的速度在物体 B 表面向左做匀速直线运5 N0.1m/s动

3、（B 表面足够长） ；物体 B 静止在地面上，受到地面水平向左的摩擦力，弹簧4 N测力计示数为 12 N.下列说法正确的是 ( )毕业学校_ 姓名_ 考生号_ _ _ -在-此-卷-上-答-题-无-效- -物理试卷 第 3 页（共 24 页） 物理试卷 第 4 页（共 24 页）A.物体 A 受到的摩擦力为10 NB.拉力 F 的功率为1.5 WC.滑轮组的机械效率为 80%D.拉力 F 增大到时，物体 B 开始向左运动15 N7.如图所示，小灯泡 L 标有“”字样（不计温度对灯丝电阻的影响） ，当 S 闭6 V 3 W 合，滑动变阻器滑片 P 在最左端时，小灯泡 L 正常发光；当闭合，断开，

4、滑动S1S变阻器滑片 P 在中点时，电流表的示数为，下列说法正确的是 ( )0.2 AA.电源电压为9 VB.滑动变阻器的最大阻值为18C.调节电路元件，可使电压表达到的最大值为4.5VD.电路的最小功率与最大功率之比为3:16二、计算题（本大题共 2 小题，共 18.0 分）8.如图所示是某温控装置的简化电路图，工作电路由电压为的电源和阻值220 V的电热丝组成；控制电路由电源、电磁铁（线圈电阻） 、开关、R880R20滑动变阻器 R2（取值范围）和热敏电阻组成；阻值随温度变化的关系0801R1R如下表所示，当控制电路电流时，衔铁被吸合切断工作电路；当控制电路50 mAI电流时，衔铁被释放接

5、通工作电路。40 mAI温度/90806660504640363534R 1 /102040507080100120130150(1)工作电路正常工作时，在内产生的热量是多少？R1min(2)当温度为 60，滑动变阻器时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电2R50压是多少？(3)若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是多少？(4)要想要该装置所控制的最高温度降低一些，请分析说明如何改变的阻值。2R物理试卷 第 5 页（共 24 页） 物理试卷 第 6 页（共 24 页） 9.圆柱形容器置于水平地面（容器重忽略不计） ，容器的底面积为，内盛20.2 m深的水。现将一个底面积、体积均匀实

6、心圆柱体放入其中。30cm2400cm34 000cm如图甲所示，物体漂浮在水面，其浸入水中的深度为；当再给物体施加一个竖5cm直向下大小不变的力 F 以后，物体最终恰好浸没于水中静止，如图乙所示。，取）则：331.0 10 kg/m水g10 N/kg(1)物体受到的重力是多少？(2)物体浸没水中静止时容器对地面的压强是多少？(3)从物体漂浮水面到浸没水中静止的过程中压力 F 做了多少功？甲乙三、实验探究题（本大题共 4 小题，共 21.0 分）10.在“观察水的沸腾”实验中，如图甲所示，在烧瓶中加入水，加热并从 90200g开始记录温度，每隔记录一次温度计的示数，直到水沸腾一段时间为止。数1

7、 min据记录表格如下：记录次数第一次第二次第三次第四次第五次第六次第七次温度/90929495989898(1)水在沸腾过程中吸收热量，温度 。(2)水沸腾时，瓶口不断冒出“白气” ，该现象的物态变化名称是 。(3)若不考虑水的质量损失，从开始记录温度到水刚沸腾的过程中，水吸收的热量为 。J34.2 10 J/(kg)c水(4)完成实验后，移走酒精灯，当水停止沸腾时，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图乙所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因为 。甲乙11.在研究“凸透镜成像规律”的实验中：(1)蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，恰能在光凭上得到一个清晰的

8、倒立，等大的实像，则凸透镜的焦距为 。cm(2)保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用一个不同焦距的凸透镜，将光凭向右移动才能重新得到清晰的像，此时像 （选填“变大” “变小”或“不变” ） ，换用的凸透镜焦距可能为 。A.B.C.D.10.0cm20.0cm30.0cm35.0cm(3)将图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是 。12.如图是“利用杠杆测量石块密度”的实验。 （）331.0 10 kg/m水-在-此-卷-上-答-题-无-效- -毕业学校_ 姓名_ 考生号_ _ _物理试卷 第 7 页（共 24 页） 物理试卷 第 8 页（共 24 页）甲乙丙(1)在实验前，杠杆静止在图甲所

9、示的位置，此时杠杆处于 （选填“平衡”或“不平衡” ）状态；要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 调节，这样做的目的是 ，并消除杠杆自重对实验的影响。(2)在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶A 中，此时小桶 A 中水的体积 石块的体积。(3)将石块从溢水杯中取出，擦干后放入另一相同小桶 B 中，将装有水和石块的A、B 两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。此时小桶 A、B 的悬挂点距支点 O 分别为和，若不考虑小桶重力，则石块密度的测量值为 ；若13cm 5cm3kg/m考虑小桶重力，石块的实际密度

10、将比上述测量值 。13.在测量小灯泡的电功率时，电源电压为，小灯泡上标有“”字样。3V2.5V甲乙(1)在如图甲所示的电路中，闭合开关移动滑片，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，原因是 ，经分析有一根导线链接错误，请在连接错误的导线上打“” ，并补画出一根导线连接成正确的电路。(2)电路连接正确后，从滑动变阻器接入电路的最大阻值开始记录数据，得到小灯泡的图象如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 .由图可知，小IUW灯泡的实际功率随实际电压的增大而 ，滑动变阻器的规格应选择 。A.B.C.D.10 1A15 1A25 1A301A(3)有同学认为利用该电路还可以探究出导体中电流和导体两端电

11、压成正比，你认为这种说法 （选填“合理”或“不合理” ） ，理由是 。内蒙古巴彦淖尔市 2019 年中考试卷物理答案解析物理试卷 第 9 页（共 24 页） 物理试卷 第 10 页（共 24 页） 一.选择题1.【答案】C【解析】 “立竿见影”是由于光的直线传播形成的。A.平静的湖面相当于平面镜，倒影属于平面镜成像，是利用光的反射，故 A 不符合题意；B.小溪底部反射的光线从水中斜射出后，发生了折射，然后进入人的眼睛，人看到的小溪的底部是变浅的，故 B 不符合题意。C.林荫树下，光斑点点，是由于光的直线传播形成的，与“小孔成像”形成原因相同。故 C符合题意。D.雨过天晴，天空出现美丽的彩虹，是

12、光的色散现象，即光的折射，故 D 不符合题意；故选：C。光在自然界中存在三种光现象：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直.小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像.水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。【考点】对光的折射，光的直线传播，光的反射2.【答案】B【解析】A.初春，冰雪消融，由固态变成液态，属于熔化现象，故 A 错误；B.深秋，草叶上的白霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，故 B

13、正确；C.热量是过程量，不能说含有热量，只能说吸收，所以盛夏地面温度升高，不能说地面含有的热量增多，故 C 错误；D.严冬，搓手取暖是克服摩擦力做功机械能转化为内能，内能增加，温度升高，是利用了做功增大内能，故 D 错误。故选：B。（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；（2）热量是过程量，应用吸收或放出来修饰；（3）做功和热传递都能改变物体的内能。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。【

14、考点】物态变化3.【答案】C【解析】A.音叉在真空中振动会产生声音，只是真空不能传播声音，故 A 错误；B.倒车雷达是利用超声波回声定位的原理来探测车后障碍物的，故 B 错误；C.滚摆在滚动过程中，其速度大小.方向都会发生改变，所以其运动状态一定改变，故 C 正确；D.热机将内能转化为机械能；电动机将电能转化为机械能，所以二者的能量转化方式不同，物理试卷 第 11 页（共 24 页） 物理试卷 第 12 页（共 24 页）故 D 错误。故选：C。（1）声音是由物体振动产生的，声音的传播需要介质；（2）倒车雷达利用了超声波回声定位的原理；（3）运动状态的改变包括速度和方向的改变；（4）热机将内能

15、转化为机械能；电动机将电能转化为机械能。【考点】声音的产生与传播，超声波的应用，运动状态的理解，热机与电动机的能量转化4.【答案】A【解析】A.丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，玻璃棒相互排斥，说明同种电荷相互排斥，故 A 正确；B.电源的右端为正极，由安培定则可知，螺线管的右端为 S 极，左端为 N 极，故小磁针的右端为 S 极，左端为 N 极，故 B 错误；C.电动机原理是根据通电导体在磁场中受到磁力作用而转动，故 C 错误；D.使用试电笔时，手应接触笔尾的金属体，这样才能正确辨别火线和零线，故 D 错误。故选：A。（1）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；（2）根据安培定则可以判断；（3）电动机原理是根据

16、通电导体在磁场中受到磁力作用而转动；（4）根据试电笔的使用方法分析。【考点】电荷之间的相互作用，安培定则，电动机原理，测电笔的使用5.【答案】D【解析】A.当飞机在跑道上滑行时若外力全部消失，根据牛顿第一定律他将会作向上的匀速直线运动，故 A 错误；B.惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力.是否运动.运动速度等都没有关系，故飞机起飞时加速助跑，是为了获得更大的动能，利于升空，不能增大惯性，故 B 错误；C.飞机加速升空，质量不变，速度和高度都增加，故动能和重力势能都变大，动能没有转化为重力势能，故 C 错误；D.飞机飞离甲板后，舰艇总重力减小，浮力减小，舰艇排开水的体积减小，所以舰艇

17、底部的深度减小，其受到水的压强会变小，故 D 正确。故选：D。（1）根据牛顿第一定律，当物体不受力时，将处于静止状态或匀速直线运动状态，若物体原来是运动的，不受力将保持原来的速度做匀速直线运动；（2）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；（3）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析；（4）漂浮物体的浮力始终等于自身重力，判断出重力的变化情况，即可得知浮力如何变化，物理试卷 第 13 页（共

18、 24 页） 物理试卷 第 14 页（共 24 页） 进而判断出排开水的体积变化.舰艇底部所处深度变化，再根据液体压强特点判断压强变化。6.【答案】C【解析】A.物体 B 静止在地面上，所以受力平衡；水平方向上物体 B 受到向右的弹簧拉力.地面对它向左的摩擦力和物体 A 对它向左的摩擦力，所以两个摩擦力之和为，12 N即，则；根据相互作用力的知识可知，物体 A 受到的摩擦4 N12 NABf 8 NABf力为；故 A 错误；8 NABffB.由图知，水平使用滑轮组，拉力端移动速度，则拉2n 220.1m/s0.2 m/svv物力做功的功率：；故 B 错误；5N0.2 m /s1WWFsPFvt

19、tC.滑轮组的机械效率，故 C 正确；8 N100%80%2 5 Nf nFD.若拉力 F 增大到时，A 在运动过程中，A 对 B 的压力不变.接触面的粗糙程度不变，1 5 N则 A 和 B 之间的摩擦力不变，所以物体 B 的运动状态不会改变，即物体 B 仍然静止，不会向左运动，故 D 错误。故选：C。（1）由图知，水平使用滑轮组，拉力端移动速度等于物体 A 移动速度的 2 倍，利2n 用求拉力做功功率；PFv（2）物体 B 静止在地面上，受到水平向左的摩擦力，弹簧测力计示数为，由此可4 N12 N求得物体 A 受到的摩擦力；（3）滑轮组的机械效率。100%f nF【考点】滑轮组的机械效率，摩

20、擦力的分析，力的合成7.【答案】D【解析】A.当 S 闭合，滑动变阻器滑片 P 在最左端时，为灯的简单电路，小灯泡 L正常发光，故电源电压为 6V；A 错误；B.根据，灯的电阻：2UPR；22(6 V)123WLLURP当 S 闭合，断开，滑动变阻器滑片 P 在中点时，变阻器与灯串联，电流表测1S电路的电流，电流表的示数为，由欧姆定律，灯的电压为：0.2 A，0.2 A 122.4 VUIR 灯根据串联电路的规律和欧姆定律，变阻器连入电阻的大小：；故滑动变阻器的最大阻值为：.B6 V2.4 V=180.2 AUURI灯 滑2 1836 错误；C.若电压表达到的最大值为，则灯的电压为，变阻器的电

21、4.5V 6 V4.5V1.5V压为灯的电压的倍，根据分压原理，变阻器的电阻为：，即4.5V31.5V3 1236 将变阻器的最大电阻连入电路中，使电压表达到的最大值为，C 正确；4.5VD.灯的额定电流为：，即电路中的最大电流，故电路的最大功率为：3W0.5A6 VL L LPIU；6 V0.5A3WLPUI大物理试卷 第 15 页（共 24 页） 物理试卷 第 16 页（共 24 页）根据，当电路的电阻最大时功率最小，根据电阻的串联，电阻的最大电2UPR阻：，故最小功率为：；36642R 串联22(6 V)36W4242UPR小 串联电路的最小功率与最大功率之比为：，D 错误。36W:3W

22、2:742故选：D。A.当 S 闭合，滑动变阻器滑片 P 在最左端时，为灯的简单电路，小灯泡 L 正常发光，可知电源电压；B.根据得出灯的电阻：当 S 闭合，断开，滑动变阻器滑片 P 在中点时，变阻器2UPR 1S与灯串联，电流表测电路的电流，由欧姆定律，得出灯的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律求出变阻器连入电阻的大小，从而得出滑动变阻器的最大阻值；C.若电压表达到的最大值为，根据串联电路电压的规律和分压原理求出变阻器的电阻4.5V分析；D.根据得出灯的额定电流即电路中的最大电流，根据 P=UI 求出电路的最大功率；PUI根据，当电路的电阻最大时功率最小，根据电阻的串联得出电阻的最大电阻，2

23、UPR从而得出最小功率，最后求出电路的最小功率与最大功率之比。【考点】串联电路的规律，欧姆定律，电功率公式二.计算题8.【答案】 （1）工作电路由电压为的电源和阻值的电热丝组成，220 V88R 则 R 在内产生的热量：1 min；22 4(220 V)1 60s3.3 10 J88UQtR 答：工作电路正常工作时，在内产生的热量是；R1min43.3 10 J（2）当温度为 60时，由表格数据可知，150R 已知此时滑动变阻器，则控制电路的总电阻为：250R ，120505020120RRRR 此时衔铁恰好被吸合，则控制电路的电流，50 mA0.05AI 由欧姆定律可得，控制电路的电源电压：

24、；0.05A 1206 VUIR 答：当温度为 60，滑动变阻器时，衔铁恰好被吸合，控制电路的电源电压是250R ；6 V（3）当控制电路电流时，衔铁被吸合切断工作电路，由欧姆定律可得，控制电50 mAI路的总电阻最大为：，36 V=12050 10AURI大 大滑动变阻器（取值范围）的最大电阻为，根据串联电阻的规律，热敏电阻2R08080的阻值最小（此时温度最高）：1R，由表中数据知可控制的最高温度为 80；120120802020RRRR 大当控制电路电流时，衔铁被释放接通工作电路，由欧姆定律，控制电路的总电阻40 mAI最小为：，36=15040 10UVRIA小 小物理试卷 第 17

25、页（共 24 页） 物理试卷 第 18 页（共 24 页） 滑动变阻器的最小电阻为 0 时，根据串联电阻的规律，热敏电阻的阻值最大（此时温2R1R度最低）：，由表中数据知可控制的最低温度为 35；115020130R 所以，若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是 3580；答：若控制电路电源电压不变，此装置可控制的温度最大范围是 3580；（4）要想要该装置所控制的最高温度降低一些，即热敏电阻的阻值增大，因吸合时的电1R流不变，由欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，故应减小的最大阻值。2R答：要想要该装置所控制的最高温度降低一些，应减小的最大阻值。2R【解析】 （1）工作电路的电

26、压电热丝阻值大小，根据求出在内产生的热量：2UQtR1min（2）根据电阻的串联求出电路的总电阻，衔铁恰好被吸合，得出控制电路电流，由欧姆定律得出控制电路的电源电压；（3）当控制电路电流时，衔铁被吸合切断工作电路，由欧姆定律求出电路的最50 mAI大总电阻；滑动变阻器取值范围，根据串联电阻的规律求2R080出最小的热敏电阻最小（温度最高） ，由表中数据知可控制的最高温度；当控制电路电流时，衔铁被释放接通工作电路，由欧姆定律得出电路的总电阻最小；40 mAI滑动变阻器（取值范围）的最小电阻为 0，根据串联电阻的规律求出热敏电阻最2R080大，从而得出最低温度；（4）要想要该装置所控制的最高温度降

27、低一些，即热敏电阻增大，因电流不变，由欧姆定律，总电阻不变，据此分析。【考点】串联电路的规律，欧姆定律的运用，电热公式，电磁铁的运用9.【答案】 （1）物体排开水的体积：，233400 104 m5 102 m2 10mVSh 浸排则物体所受的浮力：，33331.0 10 kg/m10 N/kg2 10m20 NFgV 浮水排由题可知，物体漂浮在水面上，则物体重力：；20 NGF浮答：物体受到的重力是；20 N（2）容器内水的体积：，230.3m0.2 m0.06 mVhS水水容水的重力：，3331.0 10 kg/m0.06 m10 N/kg600 NGV g水水水根据阿基米德原理，圆柱体全

28、部浸入时，受到的浮力：，33331.0 10 kg/m10 N/kg4 10m40 NFgV 水浮全排全当再给物体施加一个竖直向下大小不变的力 F 以后，物体最终恰好浸没于水中静止，根据力的平衡条件可得，施加的向下压力：；40 N20 N20 NFFG浮全则容器对支持面的压力为：；600 N20 N20 N640 NFGGF总水物体浸没水中静止时容器对地面的压强是：；2640 N3200 Pa0.2 mFpS总容答：物体浸没水中静止时容器对地面的压强是；3200 Pa（3）物体的底面积.体积，则均匀实心圆柱体的高度：2400cm34000cm324000cm10cm400cmh物故圆柱体露出水

29、面的高度为：，10cm5cm5cmh露物理试卷 第 19 页（共 24 页） 物理试卷 第 20 页（共 24 页）从圆柱体漂浮于水面到恰好浸没于水中静止时，设水面上升的高度为h，则有：，VSh排容即：，33314000cm4000cm2000cm2h解得，1cm2h 则从圆柱体漂浮于水面到恰好浸没于水中静止时，力 F 向下运动的距离：，5cm1cm4cmhhh露则力 F 做的功：。20 N0.04 m0.8JWFh答：从物体漂浮水面到浸没水中静止的过程中压力 F 做了的功。0.8J【解析】 （1）已知浸入水中的木块体积（排开水的体积） ，利用阿基米德原理求所受浮力，由于物块漂浮在水面上，根据

30、漂浮条件可知物块的重力；（2）根据体积公式求出容器内水的体积，根据求出水的重力；圆柱体全部浸GV g水水水入时，根据阿基米德原理得出受到的浮力，根据力的平衡求出物体最终恰好浸没于水中静止给物体施加一个竖直向下大小不变的力 F 大小，从而则容器对支持面的压力；根据求出物体浸没水中静止时容器对地面的压强；FpS总容（3）根据体积公式得出均匀实心圆柱体的高度，从而得出圆柱体露出水面的高度；设从圆柱体漂浮水面到浸没水中静止过程中水面上升的高度为，根据增加的排开水的体积h列方程求出；最终得出从圆柱体漂浮水面到浸没水中静止过程中，力 F 向下运动的h距离，根据求出力 F 做的功。WFh【考点】压强公式，重

31、力公式，阿基米德原理，物体浮沉条件，做功公式的应用三.实验探究题10.【答案】 （1）保持不变（2）液化（3）36.72 10（4）瓶内气压减小，水的沸点降低【解析】 （1）水沸腾前，吸收热量，温度升高；沸腾时，吸热温度不变。水在沸腾时，吸收热量，温度保持不变；（2）物体由气态变为液态是液化；烧杯口有大量的“白气”不断冒出，这些“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴；（3）已知水的比热容.质量和温度的变化量，根据吸热公式即可计算出水吸收Qcmt吸的热量。不考虑水的质量损失，从开始加热到水刚沸腾的过程中水吸收的热量：。33 0()4.2 10 J/(kg)0.2 kg98906.72 10 JQc

32、m tt吸（）（4）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。待水沸腾后，移去酒精灯，水停止沸腾。过一会儿，将注射器接到烧瓶口上，如图丙所示，然后向外拉注射器活塞，这是从瓶内向外抽气，瓶内气压减小，水的沸点降低，所以看到水重新沸腾。物理试卷 第 21 页（共 24 页） 物理试卷 第 22 页（共 24 页） 【考点】水沸腾的特点，沸点与气压的关系11.【答案】 （1）15.0（2）变大 B（3）平面镜成虚像，无法呈在光屏上【解析】 （1）当物距等于 2 倍焦距时成等大的倒立的实像，求出焦距。当时，在另一侧距凸透镜处的光屏上可以得到一个与50.0cm20.0cm30cmu

33、30cm蜡烛等大的像，所以，即。230.0cmf 15.0cmf （2）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点进行判断；换用焦距大的凸透镜，相当于减小了物距，然后用排除法分析。保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用不同焦距的凸透镜，将光屏向右移动重新得到清晰的像，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，物距减小了，换用焦距大的凸透镜，相当于减小了物距，故换用的凸透镜焦距是 BCD，不是 A；若用的是 C，焦距是，则蜡烛正好在焦点上，不成像，30cm若用的是 Dcm，则蜡烛正好在 1 倍焦距内，成倒正立放大的虚像，故 B 符合题意；（3）平面镜成像特点，像和物体的大小相等为虚像，虚像不可以成在光

34、屏上。将图中的凸透镜换成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是平面镜成虚像，所以在光屏上不能得到蜡烛的像。【考点】凸透镜成像规律的应用12.【答案】 （1）平衡 右 便于从杠杆上测量力臂（2）等于（3） 偏大32.6 10【解析】 （1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡；要使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，所以此时杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡，目的是便于从杠杆上测量力臂，同时是为了让杠杆的重心在支点上，可避免杠杆

35、自重的影响；杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动；（2）石块的排水体积就是石块的体积；在溢水杯中装满水，如图乙所示，将石块缓慢浸没在水中，让溢出的水流入小桶 A 中，此时小桶 A 中水的体积等于石块的体积；（3）根据杠杆平衡条件可求得石块的密度；当将石块从水中拿出时，石片上会沾有水，向烧杯内倒入的水会偏多，根据密度公式可分析出误差。将装有水和石块的 A.B 两个小桶分别挂在调好的杠杆两端，移动小桶在杠杆上的位置，直到杠杆在水平位置回复平衡，如图丙所示。此时小桶 A.B 的悬挂点距支点 O 分别为和，若不考虑小13cm5cm桶重力，根据杠杆平衡条件可知，12G LG L石水即，12m gLm

36、 gL石水，12V gLV gL石石水水，12V LV L石石水水因为倒出的水的体积就是石块的体积，即，VV石水则石块的密度；33332113cm1 10 kg / m2.6 10 kg / m5cmL L 石水当将石块从水中拿出时，石片上会沾有水，因为体积没变，质量偏大。由可知，测m V量结果偏大。【考点】固体密度的测量，杠杆平衡条件的应用物理试卷 第 23 页（共 24 页） 物理试卷 第 24 页（共 24 页）13.【答案】 （1）电压表串联在电路中（2）0.625 增大 C（3）不合理 灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比【解析】 （1）在电路中，电压表串联在电路中测电源电压，

37、电压表有示数，因电压表内阻很大，分析灯的发光情况；灯与变阻器并联，电压表串联在电路中是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联；在电路中，电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，因电压表内阻很大，故电路的电流很小，灯不亮；灯与变阻器并联，电压表串联在电路中是错误的，灯与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示：（2）根据小灯泡的 I-U 图象知灯在额定电压下的电流，根据求出小灯泡的额定功率；PUI由图可知，灯的电流随电压的变大而增大，根据分析；由图知，当电压表示数PUI为时，电路的最小电流为，由串联电路的规律及欧姆定律得出滑动变阻器0.5V0.1A的最大电阻分析；根据小灯泡的图象知，灯在额定电压

38、下的电流为，小灯IU0.25A泡的额定功率是：；2.5V0.25A0.625 WPUI由图可知，灯的电流随电压的变大而增大，根据，故小灯泡的实际功率随实际电压PUI的增大而增大；由图知，当电压表示数为 0.5V 时，电路的最小电流为 0.1A，由串联电路的规律及欧姆定律，滑动变阻器的最大电阻为：，故变阻器规格应选113V0.5V250.1AUURI滑择 C；（3）探究出导体中电流和导体两端电压关系时，要控制电阻阻值不变，据此分析。探究出导体中电流和导体两端电压关系时，要控制电阻阻值不变，因灯丝电阻是变化的，无法得到电流与电压成正比成正比，这种说法不合理。【答案】电路连接，功率计算，影响电阻大小的因素，数据分析，控制变量法法的运用