牛顿运动定律 课件.doc

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1、物理二轮专题复习第 1 页共 16 页北北 京京 四四 中中 审 稿：李井军 责 编:周建勋专题复习力与曲线运动专题复习力与曲线运动知识点能力点回顾知识点能力点回顾 复习策略：复习策略： 曲线运动、曲线运动的条件及其应用历来是高考的重点、难点和热点，它不仅涉及力 学中的一般的曲线运动、平抛运动、圆周运动，还常常涉及天体运动问题，带电粒子在电 场、磁场或复合场中的运动问题，动力学问题，功能问题，动量和冲量问题。本章知识多 以现实生活中的问题（如体育竞技，军事上的射击，交通运输等）和空间技术（如航空航 天）等立意命题，体现了应用所学知识对自然现象进行系统的分析和多角度、多层次的描 述，突出综合应用

2、知识的能力。本章高考几乎年年有题年年新，那么“新”在什么地方呢？ “新”主要表现在：情景新、立意新、知识新、学科渗透新，新题虽然难度往往不大，但 面孔生疏。难题和新题都要有丰厚的基础知识、丰富的解题经验和灵活的解题能力。不过 万变不离其宗，在每一章节都有典型的习题，在题型的解题方法和规律上下功夫，在复习 的过程中有意识注意各题型之间的区别、联系和渗透，就能够做到“任凭风浪起，稳坐钓 鱼台” 。 知识要求：知识要求： 一、物体做曲线运动的条件和特点 1.当物体所受合外力（或加速度）的方向与物体的速度方向不在一条直线上时物体将 做曲线运动 2. 曲线运动的特点： 在曲线运动中，运动质点在某一点的瞬

3、时速度方向，就是通过这一点的曲线的切线 方向。 曲线运动是变速运动，这是因为曲线运动的速度方向是不断变化的。 做曲线运动的质点，其所受的合外力一定不为零，一定具有加速度。 3.物体的实际运动往往是由几个独立的分运动合成的，由已知的分运动求跟它们等效 的合运动叫做运动的合成；由已知的合运动求跟它等效的分运动叫做运动的分解。 运动的合成与分解基本关系： 分运动的独立性； 运动的等效性（合运动和分运动是等效替代关系，不能并存） ； 运动的等时性； 运动的矢量性（加速度、速度、位移都是矢量，其合成和分解遵循平行四边形定 则） 。 二、恒力作用下的匀变速曲线运动 1.恒力作用下的曲线运动，物体的加速度大

4、小和方向都恒定不变，是匀变速运动。物 体有初速度，而且初速度的方向与物体的加速度方向不在同一条直线上。 2.最典型的匀变速曲线运动有三类形式： （1）只受重力作用的平抛（和斜抛）物体的运动； （2）带电粒子以某一初速度，垂直电场方向射入匀强电场中，只受电场力作用的运动 （类平抛运动） ；物理二轮专题复习第 2 页共 16 页（3)物体所受各种外力的合力恒定，而且具有的初速度方向与合外力方向成一夹角的 运动。 3.恒力作用下的曲线运动，物体的速度大小和方向时刻都在变，恒力做功，物体具有 的各种形式的能量在不断转化；研究速度变化规律、恒力做功的特点、各种不同形式的能 相互转化的过程是我们的主要目标

5、和任务。 4.恒力作用下的曲线运动，是沿初速度方向的匀速直线运动与恒力方向上初速度为零 的匀加速直线运动的合运动。这种观点是研究匀变速曲线运动的理论基础，这种观点是力 的独立作用原理的体现，这种观点也是研究匀变速曲线运动的基本方法和出发点。 三、圆周运动 1.圆周运动是变速运动，因物体的运动方向（即速度方向）在不断变化。圆周运动不 可能是匀变速运动，因为即使是等速率的匀速圆周运动，其加速度方向也是时刻变化的。 2.最典型的圆周运动有：（1）天体（包括人造天体）在万有引力作用下的运动； （2）核外电于在库仑力作用下绕原子核的运动；（3）带电粒子在垂直匀强磁场的平面里 在磁场力作用下的运动；（4）

6、带电物体在各种外力（重力、弹力、摩擦力、电场力、磁场 力等）作用下的圆周运动。 3.匀速圆周运动只是速度方向改变，而速度大小不变。做匀速圆周运动的物体，它所 受的所有力的合力提供向心力，其方向一定指向圆心。非匀速圆周运动的物体所受的合外 力，沿着半径指向圆心的分力，提供向心力，产生向心加速度；合力沿切线方向的分力， 产生切向加速度，其效果是改变速度的大小。 4.做匀速圆周运动的物体，其动能不变，合外力所做的功为零；但其动量时刻都在变， 合外力在某段时间内的冲量不等于零。做非匀速圆周运动的物体，其动能、动量都变化， 合外力所做的功不为零，合外力的冲量也不为零。 能力要求：能力要求： 一、平抛运动

7、的求解方法 1.常规解法是运动的分解 （1）水平方向和竖直方向的两个分运动是相互独立的，其中每个分运动都不会因另一 分运动的存在而受到影响。（2）水平方向和竖直方向的两个分运动及其合运动具有等时性。由可知，2htg平抛物体在空中运动的时间 t 只取决于物体抛出时离地的高度 h，而与抛出时的初速度 v0 无关。 2.特殊的解题方法是选择一个适当的参考系。选择一个做自由落体运动的物体为参考 系，平抛物体相对于这个参考系，是水平匀速直线运动。选择一个相同初速度的水平匀速 直线运动物体为参考系，平抛物体相对于这个参考系是做自由落体运动。这种方法在解判 断题时是方便的。 3.类平抛运动 （1）平抛运动是

8、典型的匀变速曲线运动，应掌握这一问题的处理思路、方法，并迁移 到讨论类平抛（如带电粒子在匀强电场中的偏转等）问题上来，这一问题也是高考的热点。物体所做的运动不是真正的平抛运动，而是类平抛运动，即该运动可看成是某一方向 的匀速直线运动和垂直此方向的匀加速直线运动，这类运动在电场中会涉及，处理方法与 平抛运动类似。 类平抛运动的解题方法与平抛运动解题方法一样，但要分清其加速度如何。物理二轮专题复习第 3 页共 16 页（2）所有的抛体运动，都做加速度相同的匀变速运动，其运动规律有着必然的联系。 二、匀速圆周运动的分析方法 对于匀速圆周运动的问题，一般可按如下步骤进行分析： （1）确定做匀速圆周运动

9、的物体作为研究对象。 （2）明确运动情况，包括搞清运动速率 v，轨迹半径 R 及轨迹圆心 O 的位置等。只有 明确了上述几点后，才能知道运动物体在运动过程中所需的向心力大小( mv2/R )和向心力 方向（指向圆心） 。 （3）分析受力情况，对物体实际受力情况做出正确的分析，画出受力图，确定指向圆 心的合外力 F（即提供向心力） 。（4）选用公式解得结果。22 22vFmmRmRRT三、圆周运动中向心力的特点 （1）匀速圆周运动：由于匀速圆周运动仅是速度方向变化而速度大小不变，故只存在 向心加速度，物体受到外力的合力就是向心力。可见，合外力大小不变，方向始终与速度 方向垂直且指向圆心，是物体做

10、匀速圆周运动的条件。 （2）变速圆周运动：速度大小发生变化，向心加速度和向心力都会相应变化。求物体 在某一点受到的向心力时，应使用该点的瞬时速度，在变速圆周运动中，合外力不仅大小 随时间改变，其方向也不沿半径指向圆心。合外力沿半径方向的分力（或所有外力沿半径 方向的分力的矢量和）提供向心力，使物体产生向心加速度，改变速度的方向；合外力沿 轨道切线方向的分力，使物体产生切向加速度，改变速度的大小。 （3）当物体所受的合外力 F 小于所需要提供的向心力 mv2/R 时，物体做离心运动。 四、竖直面内完成圆周运动的临界条件要完成圆周运动，对图甲和图戊在最高点：，所以。并要会分析，2vmgmRvgR，

11、时受力情况。vgRvgR对图甲、图乙、图丁，在最高点：v=0，并要会分析 v0 时，受力情况及图丁的运动情况。vgR五、若除重力外，还受其他恒定的外力，可将该力与重力等效为新的重力 mg ，进行 分析，并要注意相应的最高点的变化。 特别提示：特别提示： 1.匀变速曲线运动和非匀变速曲线运动的区别：加速度方向与初速度方向不共线是曲 线运动的共同特点。加速度矢量恒定，则物体做匀速曲线运动：加速度矢量变化，则物体 做非匀速曲线运动。平抛、斜抛运动属匀变速曲线运动（g 恒定） ，一切圆周运动均为非匀 变速曲线运动（a 方向一定变） 。 2.皮带轮传动系统中各点 v 线、a 向、 大小关系：在同一个圆盘

12、上各点（或同一个物理二轮专题复习第 4 页共 16 页球体上各点） 相等，a 向与 r 成正比；在同一圆周上或同一皮带轮上各点 v 线相等，a 向与 r 成反比。 3.解答圆周的运动动力学问题，首先必须明确研究对象运动的轨道平面和圆心的位置， 以便确定向心力的方向和半径的大小。例如地球绕地轴自转，非赤道平面上的点做圆周运 动的圆心不是地球球心，而是圆平面与地轴的交点。再如：带电粒子在匀强磁场中的圆周 运动必须据特殊点作出有关半径和圆心，并据几何关系求出半径的大小。其次必须明确向 心力是按效果来命名的力，它不是受力分析中的新的力，而是一个力或某几个力的合力。 最后对圆周运动过程中的临界问题应加以

13、分析，轻杆、轻绳、光滑轨道等名词均属隐含条 件。 4.若是恒力作用下的曲线运动，要注意运动的分解，一般地把运动分解为恒力作用下 的直线运动和与恒力垂直方向上的匀速直线运动，分解后分方向求出加速度、速度、位移 等，要注意分运动的独立性与同时性的应用。 例题精讲例题精讲 例题 1.如图 2-1 所示，两个相对斜面的倾角分别为 37和 53，在斜面顶点把两个 小球以同样大小的初速度分别向左、向右水平抛出，小球都落在斜面上。若不计空气阻力， 则 A、B 两个小球的运动时间之比为（ ） A.1:1 B.4:3 C.16:9 D.9：16 解析：由平抛运动的位移规律可知：tvx02 21gty xy/ta

14、ngvt/tan20169 53tan37tanBA tt故 D 选项正确。 点评：灵活运用平抛运动的位移规律解题，是基本方法之一。应用时必须明确各量的 物理意义，不能盲目套用公式。 例题 2. 从空中同一地点沿水平方向同时抛出两个小球，它们的初速度方向相反、大小分别为，求经过多长时间0201vv 和两小球速度方向间的夹角为 90？解析：经过时间 t，两小球水平分速度、不变，竖直01v02v分速度都等于，如图 2-2 所示，t 时刻小球 1 的速度gt轴正向夹角为xv 与11a011/tanvgta 小球 2 的速度轴正向夹角为xv 与22a022/tanvgta物理二轮专题复习第 5 页共

15、16 页由图可知 212 aa联立上述三式得 gvvt/0201点评：弄清平抛运动的性质与平抛运动的速度变化规律是解决本题的关键。例题 3.如图 2-3 所示，一带电粒子以竖直向上的初速度，自0vA 处进入电场强度为 E、方向水平向右的匀强电场，它受到的电场力恰与重力大小相等。当粒子到达图中 B 处时，速度大小仍为，但0v方向变为水平向右，那么 A、B 之间的电势差等于多少？从 A 到 B 经 历的时间为多长？ 解析：带电粒子从 AB 的过程中，竖直分速度减小，水平分速度增大，表明带电粒子的重力不可忽略，且带正电荷，受电场力向右。依题意有 Eqmg 根据动能定理： )(0 动能不变， mghq

16、UAB在竖直方向上做竖直上抛运动，则 gtvghv02 0,20解得：。gvtgvh0,22 gEv gqEqv gv qmg qmghUAB2222 02 02 0点评：当带电粒子在电场中的运动不是类平抛运动，而是较复杂的曲线运动时，可以 把复杂的曲线运动分解到两个互相正交的简单的分运动来求解。 例题 4.如图 2-4 所示，让一价氢离子、一价氦离子和二价氦离 子的混合物由静止经过同一加速电场加速，然后在同一偏转电场里 偏转，它们是否会分成三股？请说明理由。 解析：设带电粒子质量为、电量为 q，经过加速电场加速后，m再进入偏转电场中发生偏转，最后射出。设加速电压为 U1，偏转电 压为 U2，

17、偏转电极长为 L，两极间距离为 d，带电粒子由静止经加速电压加速，则 U1q=，。2 21mvmqUv12带电粒子进入偏转电场中发生偏转，则水平方向上：，vtL 竖直方向上：。dULU dmvqLUtdmqUaty12 2 22 2222 4221 21可见带电粒子射出时，沿竖直方向的偏移量与带电粒子的质量和电量 q 无关。而ym一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子，它们仅质量或电量不相同，都经过相同的加速和 偏转电场，故它们射出偏转电场时偏移量相同，因而不会分成三股，而是会聚为一束粒子物理二轮专题复习第 6 页共 16 页射出。 点评：带电粒子在电场中具有加速作用和偏转作用。分析问题时，注意运

18、动学、动力 学、功和能等有关规律的综合运用。 例题 5.如下图所示，一对杂技演员（都视为质点）乘秋千（秋千绳处于水平位置）从 A 点由静止出发绕 O 点下摆，当摆到最低点 B 时，女演员在极短时间内将男演员沿水平方 向推出，然后自己刚好能回到高处 A.求男演员落地点 C 与 O 点的水平距离 s。已知男演员 质量 m1 和女演员质量 m2 之比 m1/m22,秋千的质量不计，秋千的摆长为 R, C 点与 A 点的 水平高度差为 5R 。解析：设分离前男女演员在秋千最低点 B 的速度为 v0，由机械能守恒定律得：2 01 2v1212(m+m)gR = (m+m)设刚分离时男演员速度的大小为 v

19、1 ,方向与 v0 相同；女演员速度的大小为 v2，方向 与 v0 相反，由动量守恒得：。01 122vmvm v12(m+m)=分离后，男演员做平抛运动，设男演员从被推出到落在 C 点所需的时间为 t，根据题 给条件，由运动学规律：2 114,2Rgtxvt根据题给条件，女演员刚好回到 A 点，由机械能守恒定律：，已知2 2221 2m gRm v 122mm以上各式联立可得 x8R. 例题 6.如下图所示，墙壁上落有两只飞镖，它们是从同一位置水平射出的，飞镖 A 与 竖直墙壁成 53角，飞镖 B 与竖直墙壁成 37角，两者相距为 d.假设飞镖的运动是平抛 运动，求射出点离墙壁的水平距离。

20、（sin370.6，cos370.8）解析：设射出点离墙壁的水平距离为 x，A 下降高度 h1，B 下降高度 h2,据平抛运动规 律有：，2/cot530 1xh 2/cot370 2xh 而 h2h1d，联立解得，24 7dx 物理二轮专题复习第 7 页共 16 页点评：本题关键是理解箭头指向的含义，箭头指向代表速度的方向。 例题 7.假设小球带+q 电荷，由长为 L 的绝缘绳系住在竖直向上、场强为 E 的匀强电场 中完成竖直平面内的圆周运动，则运动中的最小速度为多少？若所加电场水平向右时又怎 样？ 解析：(1)若 qEmg,则小球可以任意小的速度做匀速圆周运动。 若 qEmg,则小球经最低

21、点时速度最小2 ,vqELqEmgmvgLLm(2)若所加电场为水平向右，则小球完成竖直面内的圆周运动的最小速度可以这样求得：把 mg 与 qE 等效为，则22()()mgqE2 2222()(),()()vLmgqEmvmgqELm点评：要注意分清几何最高点与物理最高点。 例题 8.如下图所示，两绳系一个质量为 m0.1 kg 的小球，两绳的另一端分别固定于 轴的 A、B 两处，上面绳长 L2 m,两绳都拉直时与轴夹角分别为 30和 45。问球的角 速度在什么范围内，两绳始终张紧？解析：两绳张紧时，小球受的力如上图所示，当 由 0 逐渐增大时， 可能出现两 个临界值。 (1)BC 恰好拉直，

22、但 F2 仍然为零，设此时的角速度为 1，则有 FxF1sin30m12Lsin30 FyF1cos30mg0 代入已知解得，12.40 rad/s. (2) AC 由拉紧转为恰好拉直，但 F1 已为零，设此时的角速度为 2，则有 FxF2sin45m22Lsin30 FyF2cos45mg0 代入已知解得 23.16 rad/s. 可见，要使两绳始终张紧， 必须满足 2.40 rad/s3.16 rad/s. 例题 9. 光从液面到空气时的临界角 C 为 45，如图 3-16 所示，液面上有一点光源 S 发出一束光垂直入射到水 平放置于液体中且到液面的距离为 d 的平面镜 M 上，当平物理二

23、轮专题复习第 8 页共 16 页面镜 M 绕垂直过中心 O 的轴以角速度做逆时针匀速转动时，观察者发现水面上有一光斑掠过，则观察者观察到的光斑在水面上掠过的最大速度为多少？ 解析：本题涉及平面镜的反射及全反射现象，需综合运用反射定律、 速度的合成与分解、线速度与角速度的关系等知识求解， 确定光斑掠移速度的极值点及其与平面镜转动角速度间 的关系，是求解本例的关键。设平面镜转过角时，光线反射到水面上的 P 点，光斑速度为，如图 3-17 可知：，而：v2cos1vv 22cos21dlv故：，而光从液体到空气的临界角为 C，所以 2cos22dv v)2(cos当时达到最大值，即：452Cmaxv

24、dCdv4cos22max例题 10.如下图所示，AB 是一段位于竖直平面内的光滑轨道，高度为 h，末端 B 处的 切线方向水平。一个质量为 m 的小物体 P 从轨道顶端 A 处由静止释放，滑到 B 端后飞出， 落到地面上的 C 点，轨迹如图中虚线 BC 所示。已知它落地时相对于 B 点的水平位移 OCL。现在轨道下方紧贴 B 点安装一水平传送带，传送带的右端与 B 的距离为L2。当 传送带静止时，让 P 再次从 A 点由静止释放，它离开轨道并在传送带上滑行后从右端水平 飞出，仍然落在地面的 C 点。当驱动轮转动从而带动传送带以速度 v 匀速向右运动时（其 他条件不变） ，P 的落地点为 D。

25、 （不计空气阻力） （1）求 P 滑至 B 点时的速度大小； （2）求 P 与传送带之间的动摩擦因数 ； （3）求出 O、D 间的距离 s 随速度 v 变化的函数关系式。 解析：（1）物体 P 在 AB 轨道上滑动时，物体的机械能守恒，根据机械能守恒定律得物体 P 滑到 B 点时的2 01 2mghmv速度为02vgh（2）当没有传送带时，物体离开 B 点后作平抛运动，运动时间为 t，当 B 点下方的传送带静止时，物体从传送带右端水平抛出，在空中运动的时02lltvgh间也为 t，水平位移为，因此物体从传送带右端抛出的速度。 1 20 12 22ghvv 根据动能定理，物体在传送带上滑动时，有

26、。 解出物体与传22 0111 222lmgmvmv物理二轮专题复习第 9 页共 16 页送带之间的动摩擦因数为。 3 2h l（3）当传送带向右运动时，若传送带的速度，即时，物体在传送带上1vv2 2ghv 一直做匀减速运动，离开传送带的速度仍为，落地的水平位移为，即 sL；当传送带1v2l的速度时，物体将会在传送带上做一段匀变速运动。如果尚未到达传送带右端，2 2ghv 速度即与传送带速度相同，此后物体将做匀速运动，而后以速度 v 离开传送带。v 的最大值为物体在传送带上一直加速而达到的速度，即。由此解得2v22 2011 222lmgmvmv。 当，物体将以速度离开传送带，因此得 O、D

27、 之间的距离27 2vgh 2vv27 2vgh为17(17)222lstgh当，即时，物体从传送带右端飞出时的速度为 v，O、D12vvv27 22ghvgh之间的距离为2(1)222llvsvtgh综合以上的结果，得出 O、D 间的距离 s 随速度 v 变化的函数关系式为：)27()71 (2)27 22()221 (2)22()(ghvlghvghghvlghvlvs例题 11. 某种变速自行车，有六个飞轮和三个链轮（如下图所示） ，链轮和飞轮和齿 数如表，前后轮的直径为 660mm。人骑自行车前进的速度为 4m/s 时，两轮不打滑。脚踏板 做圆周运动的角速度的最小值为（）A. 1.9r

28、ad/s B. 3.5rad/s C. 3.8rad/s D. 7.lrad/s物理二轮专题复习第 10 页共 16 页解析：设链轮和飞轮的半径分别为 r1 和 r2，转动的角速度分别为 1 和 2，对后轮 有飞轮：2 后12rad/s 设链轮边缘的速度为 v1，飞轮边缘的速度为 v2，由两轮 不打滑条件知： v1v2，有至此，需要确定轮的半径与齿数间的关系。因圆周长 L2r,又因每单位长度上的齿 数 n 是一定的，故总齿数为 N= n2r,即齿数与半径成正比，找到这一隐含条件对于解决 此问题至关重要。设链轮和飞轮的齿数分别为 N1、N2，则有 由以上可得 12 N2N1，式中 212rad/

29、 s,为使 1 最小，应同时使 N2 最小， N1 最大，所以应选择 N148 ，N214 得 13.5rad/s,选项 B 正确。 点评：（1）传送带转动问题应注意：同轴转动的物体各点的角速度相等。同传送 带接触的轮边缘的各点线速度的大小相等。 （2）对于车辆的运动要注意：车前进的速度应等于车子的每个轮缘各点的线速度大 小。设车向前运动一段时间 t，轮心从 O 点运动到 O点，轮上的 B 点恰好与地面上的 A 点重合，显然有 OO AAAB,所以 s OO /ts AB / t 从而有 v 车v 线。 要搞 清楚车前进的速度与角速度的关系。 反馈练习反馈练习 1如下图所示，AB 为斜面，BC

30、 为水平面，从 A 点以水平初速度 v 向右抛出一小球， 其落点与 A 的水平距离为 s1；从 A 点以水平初速度 3v 向右抛出一小球，其落点与 A 的水 平距离为 s2、不计空气阻力。则 s1：s2 可能为（）A. 1：3 B. 1：6 C. 1：9 D. 1：12 2.一小球做平抛运动，初速度 v0，落地速度为 v1，则下图中能正确表示在相等时间内 速度矢量的变化情况是（）物理二轮专题复习第 11 页共 16 页3质量不计的轻质弹性杆 P 部分插入桌面上小孔中，杆另一端套有质量为 m 的小球， 今使小球在水平面内做半径为 R、角速度为 的匀速圆周运动，如下图所示，则杆的上端 受到球对它的

31、作用力大小为（）4.一物块从光滑曲面上的 P 点自由滑下，通过粗糙的静止水平传送带以后落到地面上 的 Q 点，若传送带的带轮沿逆时针方向转动起来，使传送带随之运动，如下图所示，再把 物块放到 P 点自由滑下则（）A 物块将仍落在 Q 点 B.物块将会落在 Q 点左边 C.物块将会落在 Q 点右边 D.物块有可能落不到地面上 5.飞机以 150 m/s 的水平速度匀速飞行，某时刻让 A 球落下，相隔 1 s 又让 B 球落下， 不计空气阻力，取 g10 m/s2.在以后的运动中，关于 A 球与 B 球的相对位置关系正确的 是（） A. A 球在 B 球的前下方 B. A 球在 B 球的后下方 C

32、. A 球在 B 球的正下方 5m 处 D. A 球在 B 球的正下方，距离随时间的延续而增加 6.下图所示为一物体做平抛运动的 xy 图像，物体从 O 点抛出，x、y 分别为其水平 和竖直位移，P(x,y)为物体运动过程中的任一点，其速度的反向延长线交于 x 轴 A 点(A 点 未画出)，则 OA 的长为（）A. x B. 0.5x C. 0.3x D. 不能确定物理二轮专题复习第 12 页共 16 页7. 如下图所示，铁块压着一张纸条放在水平桌面上，当以速度 v 抽出纸条后，铁块掉 在地上的 P 点，若以 2v 速度抽出纸条，则铁块落地点为（）A.仍在 P 点 B.P 点左边 C.P 点右

33、边不远处 D.P 点右边原水平位移的 2 倍处 8.如下图所示，在一次救灾工作中，一架沿水平直线飞行的直升机 A，用悬索（重力 可忽略不计）救护困在湖水中的伤员 B.在直升机 A 和伤员 B 以相同的水平速度匀速运动的 同时，悬索将伤员吊起，在某一段时间内，A,B 之间的距离以 LHt2（式中 H 为直升机 A 离地面的高度，各物理量的单位均为国际单位制单位）规律变化，则在这段时间内（）A.悬索的拉力等于伤员的重力 B.伤员做加速度大小方向均不变的曲线运动 C.悬索是竖直的 D.伤员做速度大小增加的曲线运动 9.如下图所示，一辆小车的支架上，用细线悬挂一小球，质量为 m,细线长为 L,小车以

34、速度 v 做匀速直线运动，当小车碰到挡板突然停止时，细线的拉力为，假设细线 的最大承受拉力为 T0，则车匀速运动的速度为时，小球将可以做平抛运动。10滑雪者从 A 点由静止沿斜面滑下，经一平台水平飞离 B 点，地面上紧靠着平台有 一个水平台阶，空间几何尺度如图所示、斜面、平台与滑雪板之间的动摩擦因数为，假设 滑雪者由斜面底端进入平台后立即沿水平方向运动，且速度 大小不变。求：(1) 滑雪者离开 B 点时的速度大小；(2) 滑雪者从 B 点开始做平抛运动的水平距离 s。11. 如下图所示，一个质量为 M 的人，站在台秤上，手拿一个质量为 m，悬线长为 Rh2LH CBAh/2h物理二轮专题复习第

35、 13 页共 16 页的小球，在竖直平面内做圆周运动，且摆球正好通过圆轨道最高点，求台秤示数的变化范 围。答案： ABC 解析：两次球的落点分三种情况： 第一种是两球均落在斜面上，如图 a 所示，由第二种是两球均落在水平面上，如图 b 所示，则下落时间相等，所以；第三种是以 v 抛出的球落在斜面上，以 3v 抛出的球落在水平面上，如图 c 所示，有2. B 解析：平抛运动的特点：水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动。所以在竖 直方向上，小球在相等的时间内速度的增量应该是一样的。3. D 解析：对于杆上的小球来讲，做圆周运动的向心力由小球的重力和杆子对它的作用力 的合力提供。由受力分析可知

36、，重力 mg 竖直向下，向心力 mR2 水平向右，由勾股定理求 解得：正确答案 D。4. A 解析：物块从斜面滑下来，当传送带静止时，在水平方向受到与运动方向相反的摩擦 力，物块将做匀减速运动，离开传送带时做平抛运动。当传送带逆时针转动时物体相对传 送带都是向前运动，受到滑动摩擦力方向与运动方向相反。物体做匀减速运动，离开传送 带时，也做平抛运动，且与传送带不动时的抛出速度相同，故落在 Q 点，所以 A 选项正确。5. D 解析：解法一：A 球和 B 球在水平方向都以 150 m/s 的速度匀速运动，则 A 与 B 必定物理二轮专题复习第 14 页共 16 页在同一条竖直线上，粗略地考虑，1s

37、 末 A 球正好在 B 下方 5m 处，似乎选项 C 正确。但仔 细分析，虽然两球之间在水平方向相对静止，但在竖直方向相隔的距离随时间推移在不断 变化，正确的位置关系是即 A 和 B 间相隔距离 h 随 t 的延续而增大。 解法二：此题也可选 B 球为参照物，A 球相对于 B 球做初位移为 5 m,速度 v10 m/s 的匀速向下的运动。6. B 解析：做出图示如下图，设 v 与竖直方向的夹角为 ，根据几何关系由平抛运动得水平方向：竖直方向：由得在 RtABE 中所以7. B 8. BCD9. 解析：原来小球和车一起运动速度为 v，当车碰到挡板突然停止时，其悬点 O 将被固 定，小球将以 O

38、点为圆心，以 v 为线速度做圆周运动。此时小球受重力 mg 和细线的拉力 T.由 牛顿第二定律得又当细线刚好被拉断时，有物理二轮专题复习第 15 页共 16 页10 解析：（1）设滑雪者质量为 m，斜面与水平面夹角 ，滑雪者滑行过程中克服 阻力做功：WmgSmg LSmgLcoscos由动能定理得：mg HhmgLmv1 22离开 点时的速度：Bvg HhL2（2）设滑雪者离开 B 点后落到台阶上，利用平抛运动的知识有：hgt21 2112Svt112可解得：Sh HhL12此时必须满足，即ShHLh122当HLh2时，滑雪者直接落到地面上，利用平抛运动的知识有：hgt1 2322Svt224可解得：Sh HhL2211.解：小球运动到最低点时，悬线对人的拉力最大，且方向竖直向下，故台秤示数最 大，由机械能守恒定律得：所以台秤的最大示数为 F（M6m）g 当小球经过如下图所示的状态时，设其速度为 v 则22 011(1 cos )22mvmvmgR物理二轮专题复习第 16 页共 16 页