2014上海市中考物理试卷及答案解析(共15页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上上海市2014年中考物理试卷一、选择题（共16分）1（2分）（2014上海）在太阳系中，太阳是（）A彗星B卫星C行星D恒星考点：人类探究太阳系及宇宙的历程专题：粒子与宇宙、材料世界分析：当代天文学的研究成果表明，宇宙是有层次结构的、物质形态多样的、不断运动发展的天体系统；自身能发光发热的天体是恒星解答：解：宇宙是一个有层次的天体结构系统；在太阳系中，太阳自身能发光发热是恒星故选DX|k |B | 1 . c |O |m点评：本题考查了人类对宇宙的认识，属于基础知识的考查，比较简单2（2分）（2014上海）光射到平面镜上，入射角为15，反射角为（）A15B20C30D6

2、0考点：光的反射定律专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：光的反射定律的内容：入射光线、反射光线和法线在同一平面内，入射光线和反射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角解答：解：已知入射角为15，根据光的反射定律，反射角等于入射角，因此反射角也是15；故选A点评：本题主要考查的是光的反射定律的应用，以及利用反射定律对反射角和入射角进行计算3（2分）（2014上海）能区分不同歌手声音的主要依据是（）A响度B音调C音色D振幅考点：音色专题：声现象分析：我们常用音色来区别不同乐器发出的声音解答：解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同我们能区分不同乐器发出的声

3、音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同，同样不同的歌手由于声带的宽度和厚度不同，发出的声音的音色也是不同的故选C点评：本题考查了音色的特点，不同人发出声音的音色不同4（2分）（2014上海）上海一年中最高气温约为（）A20B30C40D50考点：温度专题：估算综合应用题分析：根据对上海温度的了解作答解答：解：从上海有气象纪录的140年以来，最热的一天是1934年7月12日创下的40.2，这一纪录保持了79年，所以上海一年中最高气温约为40故选C点评：本题是一道实际生活题目，考查的是学生对天气温度的认识，题目较简单5（2分）（2014上海）苹果从树上落下的过程中，其惯性（）A变大B不变C先变大后

4、不变D先变大后变小考点：惯性专题：运动和力分析：一切物体都具有保持静止状态或匀速直线运动状态的性质，叫惯性；惯性的大小与物体的质量有关，与速度无关解答：解：苹果下落过程，质量不变，速度变快，因为惯性的大小与物体的质量有关，与速度无关，故惯性不变故选B点评：本题考查了学生对惯性的了解与掌握，惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题，有意义！6（2分）（2014上海）关于比热容，下列说法中错误的是（）A比热容可用来鉴别物质B水的比热容较大，可用作汽车发动机的冷却剂C沙的比热容较小，所以沙漠地区昼夜温差较大D一桶水的比热容比一杯水的

5、比热容大考点：比热容的概念专题：比热容、热机、热值分析：比热容是物质的一种特性，只与物质的种类和状态有关，与吸放热的多少、质量、体积的大小都没有关系不同物质比热容一般不同水的比热容较大，也就是说水吸入的热量和放出的热量比较多，利用其吸热较多可以降温，利用其放热较多可以取暖解答：解：A、比热容是物质的一种特性，不同物质比热容一般不同，比热容可用来鉴别物质选项正确 B、水的比热容较大，降温时放出的热量比较多，可用作汽车发动机的冷却剂选项正确 C、沙的比热容较小，吸收或放出相同的热量，温度变化大，所以沙漠地区昼夜温差较大选项正确 D、比热容是物质的一种特性，与质量没有关系，一桶水的比热容和一杯水的比

6、热容相同选项错误故选D点评：比热容是物质的一种特性，关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别，城市热岛效应的原因等等7（2分）（2014上海）在图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，电路正常工作，一段时间后，电流表A的示数变小，电压表V的示数不变，若故障只发生在电阻R1，R2上，用某完好的定值电阻R（RR1）替换R2，替换前，后两电表的示数恰好不变，则（）AR1一定断路BR2一定断路CR1可能断路DR2可能断路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：电流和电路分析：根据电路图可知，两电阻并联，电流表测量干路电流，电压表测量并联电路

7、两端电压；根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障解答：解：电压表示数不变，说明电源完好；电流表示数变小，说明有支路出现断路；用某完好的定值电阻R（RR1）替换R2，替换前，后两电表的示数恰好不变，说明替换的定值电阻R=R2，并且R2所在的支路完好；因此电路故障为R1断路故选A点评：此题考查电流表、电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电路的特点进行分析8（2分）（2014上海）如图所示，水平面上圆柱形容器A，B中分别盛有甲，乙两种液体，且甲对容器底部的压强大于乙，现在两容器中个放入一个物体，物体均漂浮在液面上且液体不溢出，小明认为：若两物体质量相等，甲对容器底部的压强可能小于乙，小

8、红认为：若两物体体积相等，甲对容器底部的压强可能小于乙，下列说法正确的是（）A两人的观点正确B两人的观点均不正确C只有小明的观点正确D只有小红的观点正确考点：压强大小比较专题：压强、液体的压强分析：由未放入物体时的压强关系判断出两液体的密度大小，再利用浮沉条件和阿基米德原理分析放入物体时液面的变化情况，由此分析出甲乙对容器底部压强的大小关系解答：解：甲对容器底部的压强大于乙，p=gh又h甲h乙；甲乙；在两容器中个放入一个物体，物体均漂浮在液面上；则F浮=G；若两物体质量相等，则所受浮力也相等，根据F浮=液gV排，甲中排开液体的体积小，甲的底面积又大，所以液面上升的高度要小于乙液体上升的高度，故

9、甲对容器底部的压强可能小于乙；即小明的猜想正确；若两物体体积相等，乙的密度小，那么物体浸入乙液体的体积要大，排开液体的体积就大，所以液面上升的高度要大于甲液体上升的高度，故甲对容器底部的压强可能小于乙；即小红的猜想正确；故选A点评：本题考查了压强公式、浮沉条件和阿基米德原理，根据题意要仔细分析，还是有一定难度的二、填空题（共分）9（3分）（2014上海）一节新干电池的电压为 伏，四冲程汽油机工作时将机械能转化为内能的冲程是 冲程，用电器工作将 能转化为其他形式的能考点：电压；能量的相互转化；内燃机的四个冲程专题：其他综合题分析：一节干电池的电压是1.5V；干电池串联的总电压等于等于各电池的电压

10、之和；用电器工作时，把电能转化为其它形式的能量掌握四个冲程中的能量转化情况，吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能解答：解：一节新干电池的电压为1.5伏，四冲程汽油机工作时将机械能转化为内能的冲程是压缩冲程，用电器工作将电能转化为其他形式的能故答案为：1.5；压缩；电点评：本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力10（3分）（2014上海）捏泥人是中国传统民间技艺，艺人将泥揉捏成各异的泥人，这表明力可以使物体发生 ，改变物体内能有两种方式，烈日照射使泥人温度升高，属于 方式，用大小为2牛，竖直线上的力将泥人托高1米，该力所做

11、的功为 焦考点：力的作用效果；功的计算；热传递改变物体内能专题：其他综合题分析：力可以使物体发生形变，可以改变物体的运动状态；改变物体内能有两种方式即热传递和做功；根据功W=Fs计算即可解答：解：艺人将泥揉捏成各异的泥人，这表明力可以使物体发生形变，改变物体内能有两种方式，烈日照射使泥人温度升高，属于热传递方式该力所做的功：W=Fs=2N1h=2J故答案为：形变；热传递；2点评：本题考查力的作用效果、热传递的方式和功的计算，属于基础题11（6分）（2014上海）甲乙两车运动的st图象分别如图（a）（b）所示，以甲为参照物，乙是 的（选填“静止”或“运动”），甲，乙各运动8米，所用时间相差 秒，

12、甲在上坡过程中，其重力势能 （选填“增大”“不变”或“减少”）考点：运动和静止的相对性；动能和势能的大小变化专题：运动和力分析：（1）由图象判断出甲、乙二者的运动状态，求出它们的速度；由图象求出甲与乙相遇的时间差（2）重力势能大小的影响因素：质量和被举高的高度；质量越大，高度越大，重力势能就越大解答：解：图象是路程时间图象，由图象知，甲与乙都做匀速直线运动由图可求出，甲的速度v甲=m/s，乙的速度v乙=m/s甲、乙两物体的速度不同，如果以甲为参照物，则乙相对于甲的位置不断变化，乙是运动的甲，乙各运动8米，甲所需时间t甲=12s，乙所用时间t乙=3s，则它们相遇时的时间差是12s3s=9s甲在上

13、坡过程中高度升高，重力势能增大故答案为：运动；9；增大点评：图象可以直观地反映出物理量间的关系，用图象描述物理量间的关系、反应物理规律是一种常用的方法，我们要掌握识图、读图、作图的能力12（3分）（2014上海）在各种不同色光中， ，绿，蓝叫做三原色光，凸透镜的焦距为10厘米，将发光体放在高透镜25厘米的主光轴上，所成的像是倒立， 的实像（选填“放大”“等于”或“缩小”），像到透镜的距离 20厘米（选填“大于”“等于”或“小于”）考点：色光的三原色和颜料的三原色；凸透镜成像的应用专题：透镜及其应用分析：光的三原色是红、绿、蓝凸透镜成像时，U2f，成倒立、缩小的实像，2fvf；2fUf，成倒立、

14、放大的实像，v2f；解答：解：红光、绿光、蓝光叫做三原色光物体到焦距为10cm的凸透镜距离为25cm时，因为25cm2f，U2f所以成倒立、缩小的实像所以：2fvf，即：20cmv10cm故答案为：红；缩小，小于点评：知道凸透镜成像的规律是解答本题的关键13（3分）（2014上海）某导体两端的电压为2伏，通过该导体的电流为0.2安，1秒内通过其横截面的电荷量为 库，这段时间内电流做的功为 焦，根据图中通电螺线管的N极，可判断a端是电源的 极考点：电量及其计算；通电螺线管的磁场；电功的计算专题：其他综合题分析：（1）已知电流和通电时间，根据公式I=的变形公式即可求出通过导体横截面积的电荷量；根据

15、W=UIt求出电流做的功；（2）根据安培定则判断通电螺线管中电流方向根据电源外部，电流从正极流向负极，判断出电压正负极解答：解：（1）I=，1秒内通过该导体横截面的电荷量：Q=It=0.2A1s=0.2C；电流做的功：W=UIt=2V0.2A1s=0.4J（2）根据安培定则，大拇指指向螺线管的N极，右手弯曲的四指与电流方向一致，判断出螺线管中电流从左端流向右端，故a端为电源的正极；故答案为：0.2；0.4；正点评：本题考查电荷量、电功的计算和安培定则的运用，关键是公式及其变形的灵活运用和理解安培定则的内容14（3分）（2014上海）距水面0.2米深处的压强为 帕，体积为1103米3的物体浸没在

16、水中，受到的浮力的大小为 牛，若物体受到的浮力小于重力，则这两个力的合力 重力（选填“大于”，“等于”或“小于”）考点：液体的压强的计算；力的合成与应用；阿基米德原理专题：应用题；压强和浮力分析：（1）求出题目中水的深度h，根据液体压强公式p=gh，代入题目的条件可求压强；（2）根据阿基米德原理F浮=液gV排，可求浮力；（3）据同一直线上相反的两个力的合力的计算方法分析即可判断解答：解：（1）则此时水的压强：p=gh=1.0103kg/m39.8N/kg0.2m=1960Pa；（2）根据阿基米德原理得：F浮=水gV排=水gV石=1.0103kg/m39.8N/kg1103m3=9.8N；（3）

17、同一直线上反方向上两个力的合力的大小等于大力减去小力，即其合力一定小于那个大的力，所以若物体受到的浮力小于重力，则这两个力的合力小于重力；故答案为：（1）1960；（2）9.8；（3）小于；点评：该题考查了液体压强计算公式、浮力计算公式的应用及合力的计算方法，是一道不错的综合题15（3分）（2014上海）在图中所示的电路中，将电压表V1，V2正确连入电路，闭合电键S，电路正常工作，各电表的示数均不为零，移动滑动变阻器R2的滑片P，电压表V1与电流表A示数的比值不发生变化，电压表V2与电流表A示数的比值发生变化电压表V2测量的是 两端的电压若电压表V1与V2示数的比值逐渐变小，则变阻器的滑片P正

18、在向 端移动（选填“a“或“b”）考点：电路的动态分析专题：电路变化分析综合题分析：根据题意确定电压表的连接方式，然后根据电路结构应用串联电路特点与欧姆定律分析答题解答：解：电压表与电流的比值等于电阻阻值，移动滑动变阻器R2的滑片P，电压表V1与电流表A示数的比值不发生变化，电压表V2与电流表A示数的比值发生变化，则V1测定值电阻两端电压，即电压表V1测R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端或电源两端电压若电压表V1与V2示数的比值逐渐变小，说明定值电阻两端电压减小，滑动变阻器两端电压变大，滑动变阻器接入电路的阻值增大，由图示电路图可知，滑片向b端移动故答案为：R2或电源；b点评：本题考

19、查了判断电压表的接法、判断滑片的移动方向，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串联电路特点即可正确解题16（2分）（2014上海）有些物理量与物质的微观结构有关，为了研究不同物质的密度与其内部粒子排列紧密程度的关系，小伟通过查阅资料，得到甲，乙，丙三种物质的密度关系是甲乙丙，及其内部粒子排列的模型如图所示根据以上信息，关于物质的密度与其内部粒子排列紧密程度的关系，小伟可得出的初步结论是： 小张从其他资料中查到了与上述情况不符的实例，与小伟一起思考分析并查找原因，合理的选项是： A物理量都与物质的微观结构无关B物理的密度还与其他因素有关C由小数研究对象归纳出的结论，不具有普遍意义考点：物

20、质的三态及其基本特征专题：密度及其应用分析：密度是为了描述相同体积的不同物质质量不同而引入的物理量，它指的是单位体积的某种物质的质量，物质的松紧程度指的是物质之间的间接大小密度是物质的一种特性，同种物质（同种状态）的密度是相同的，不同物质的密度一般不同解答：解：物质的密度与其内部粒子排列紧密程度的关系是：不同物质，内部粒子排列程度越低，物质密度越小物理量不都与物质的微观结构无关，物理的密度还与其他因素有关，由小数研究对象归纳出的结论，不具有普遍意义故答案为：不同物质，内部粒子排列程度越低，物质密度越小；BC点评：本题考查物质的密度特征，结合所学知识点理解解答即可三、解答题（共3小题，满分8分）

21、17（2分）（2014上海）在图中，物块受到水平向右，大小为2牛的拉力F，用力的图示法画出拉力F考点：力的示意图专题：图像综合题分析：作力的图示时，注意力的方向、大小和作用点要全部表示出来并要先选出比例尺，然后过物体重心作水平向右的力，根据力的大小确定线段的长度解答：解：先选取一段表示2N的线段，然后过物体的重心作水平向右的大小为2N的拉力F，其长短为表示1N线段的2倍，图示如下：点评：注意力的示意图与力的图示的区别：力的示意图不用选择标度，而力的图示则要选择合适的标度18（2分）（2014上海）在图中，根据给出的入射光线，画出相应的出射光线考点：透镜的光路图专题：图像综合题分析：图示的凸透镜

22、的入射光线的特点是平行主光轴，根据其入射光线的特点，可以确定其折射光线的特点，从而画出对应的折射光线xKb 1.C om 解答：解：平行于主光轴的光线，经过凸透镜折射后过焦点，由此可以画出其折射光线，如下图所示点评：关于凸透镜或凹透镜的特殊光线的作图，把握住入射光线与对应的折射光线的特点是解决此类题目的关键在这种题目中，一般是告诉入射光线画出折射光线，或者是告诉折射光线画出对应的入射光线19（4分）（2014上海）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：电压表测小灯两端电压闭合电键S，向a端移动滑动变阻器的滑片P，小灯变亮考点：电路的基本连接方式专题：电流和电路

23、分析：分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据串联电路特点，按题目要求确定滑动变阻器的接法，然后完成电路图连接解答：解向a端移动滑动变阻器的滑片P，小灯变亮，说明滑动变阻器分压变小，灯泡两端电压变大，电压表示数变大；故将灯泡L右接线柱接到滑动变阻器的a接线柱，灯L左接线柱与电压表负接线柱相连，如图所示：点评：本题考查了连接实物电路图，分析清楚电路结构、根据滑动变阻器用法及串联电路特点确定滑动变阻器的接法是正确解题的关键四、解答题（共3小题，满分22分）20（5分）（2014上海）杠杆平衡时，动力F1的大小为10牛，动力臂l1为0.2米，阻力臂l2为0.1米，求阻力F2的大小考点：杠杆的

24、平衡分析法及其应用专题：简单机械分析：根据杠杆平衡条件可以求出阻力大小解答：解：由杠杆平衡条件得：F1l1=F2l2，即：10N0.2m=F20.1m，解得：F2=20N；答：阻力F2的大小为20N点评：本题考查了求阻力大小，已知动力、动力臂、阻力臂，应用杠杆平衡条件可以求出阻力大小21（9分）（2014上海）如图所示，轻质薄壁圆柱形容器A，B分别置于高度差为h的两个水平面上，A中盛有深度为16h的液体甲，B中盛有深度为19h，体积为5103米3的液体乙（乙=0.8103千克/米3）求液体乙的质量m乙求水平面对容器B的支持力FB的大小若在图示水平面MN处两种液体额压强相等，先从两容器中分别抽出

25、高均为h的液体后，容器对各自水平面的压强为pA和pB，请通过计算比较pA和pB的大小关系及其对应h的取值范围考点：密度公式的应用；液体压强计算公式的应用专题：密度及其应用；压强、液体的压强分析：已知液体乙的密度和体积，利用密度公式变形m=V可直接求得液体乙的质量m乙静止在水平面上的物体对水平面的压力等于其重力，而压力和支持力是一对相互作用力，大小相等，故根据G=ng求出液体乙的重力即可得到支持力大小；根据压强相等列出等式，求得两种液体的密度之比，设pA=pB，得到Ag（16hh）=Bg（19hh），求得h，再进行分析即可解答：解：由=得，液体乙的质量：m乙=乙V乙=0.8103kg/m3510

26、3m3=4kg；由题意知，FB=F压=G乙=m乙g=4kg9.8N/kg=39.2N；由题意知，Ag12h=Bg15h，即：A：B=5：4，设pA=pB，则Ag（16hh）=Bg（19hh），解得：h=4h，若0h4h，则pApB；若h=4h，则pA=pB；若4hh16h，则pApB；答：求液体乙的质量m乙为4kg；水平面对容器B的支持力FB的大小为39.2N；若0h4h，则pApB；若h=4h，则pA=pB；若4hh16h，则pApB点评：此题考查密度公式和液体压强公式的应用，难度在，关键是根据题意设pA=pB，得到Ag（16hh）=Bg（19hh），求得h对学生来说有一定的拔高难度，属于难

27、题22（8分）（2014上海）在图（a）所示的电路中，滑动变阻器R2是规格为“20，2A”和“5，3A”中的一个，闭合电键S，当变阻器连入电路恰好为其最大阻值的一半时，电流表的示数为0.3安，此时：若电阻R1的阻值为20欧，求R1两端的电压U1若在电路中正确连入两个电压表，示数分别如图（b），（c）所示，请通过计算判断所用变阻器R2的规格，并求出电阻R1消耗的电功率P1考点：欧姆定律的应用；电功率的计算专题：欧姆定律；电能和电功率分析：根据欧姆定律求出电流表示数为0.3安时R1两端的电压；由电路图可知，R1与变阻器R2串联，当变阻器连入电路恰好为其最大阻值的一半时，根据欧姆定律求出电流表示数为

28、0.3安时两种规格的变阻器时R2两端的电压，然后与电压表的可能示数值比较，判断出所用变阻器R2的规格，和电压表的连接，最后根据P=UI求出电功率P1解答：解：当电流表的示数为0.3安，由欧姆定律得U1=IR1=0.3A20=6V；由电路图可知：R1与变阻器R2串联，当变阻器连入电路恰好为其最大阻值的一半时，电路中电流为I=0.3A，若变阻器R2的规格为、R2=20，则R2=R2=20=10，由欧姆定律得：U2=IR2=0.3A10=3V；、R2=5，则R2=R2=5=2.5，由欧姆定律得：U2=IR2=0.3A2.5=0.75V；由所示电压表示数分别为：（b）0.9V或4.5V，（c）1.5V

29、或7.5V，与U2比较可知，电压表一定不会并联在R2两端，故一只电压表是并联在R1两端，另一只电压表测量电源电压；两只电压表示数之差为U2，即3V或0.75V，比较电压表示数可知只有3V符合，故取R2=20；两只电压表组合方式有：、（b）测量电源电压，示数为4.5V，（c）测R1两端电压，示数为1.5V；、（b）测R1两端电压，示数为4.5V，（c）测量电源电压，示数为7.5V；电阻R1消耗的电功率P1=U1I1=1.5V0.3A=0.45W，或P1=U1I1=4.5V0.3A=1.35W答：若电阻R1的阻值为20欧，R1两端的电压U1为6V通过计算判断所用变阻器R2的规格为20，电阻R1消耗

30、的电功率P1为0.45W或1.35W点评：本题考查欧姆定律的应用和串联电路的电压特点，关键是根据两只电压表的可能示数，与电路中的可能电压值比较，能判断出电压表的连接情况五、实验题（18分）23（4分）（2014上海）图（a）所示的测量工具是 表，使用时应 联在电路中，图（b）所示的弹簧测力计量程为 牛，此时的示数为 牛考点：电流表的使用；弹簧测力计的使用与读数专题：基本仪器的使用专题分析：（1）电流表的用途：是用来测量电路中电流大小的，规定圈里电流的单位为电压表的符号；（2）量程是测量工具的测量范围，读书时先要认清分度值解答：解：（a）图中电学仪表表盘上标有“A”，说明是电流表，电流表应与被测

31、电路串联；（b）图中弹簧测力计的最大刻度是5，量程为05N；分度值为0.2N，指针在3N以下第1个刻度上，示数为：3N+10.2N=3.2N故答案为：电流；串；05；3.2点评：本题考查了两种测量工具，对基本测量工具的使用是必须要掌握的24（4分）（2014上海）“测定小灯泡的电功率”的实验原理是 连接电路时电键应处于 状态，在“探究平面镜成像的特点”实验中，采用 作为平面镜，为得到像与物体到镜面的距离关系，需将镜前物体放 位置进行多次实验（选填“同一”或“不同”）考点：电功率的测量专题：测量型实验综合题分析：（1）伏安法测灯泡额定功率的原理是P=UI连接电路过程中，为保证电路安全，开关应断开

32、（2）实验中用透明的玻璃板代替平面镜，同时能看到成像物体的像和镜后和像对比的物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系解答：解：（1）伏安法测灯泡额定功率的原理：P=UI；连接电路过程中，为保护电路，开关应处于断开状态；（2）在“探究平面镜成像的特点”实验中，用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧，既能看到蜡烛A的像，也能看到代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置；一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，避免实验现象的偶然性，才能保证结论的正确，所以应将物体放在不同位置进行实验故答案为：P=UI；断开；玻璃板；不同点评：伏安法测电阻和测小灯泡电功率的实验是初中物理实验的重点，它们的原

33、理图是一样的，但不能用来测验证欧姆定律中的电流与电压的关系，原因是灯泡的电阻会随温度的变化而变化，要明确25（4分）（2014上海）某小组同学试图探究物体从斜面顶端由静止下滑到底端时速度的大小v与哪些因素有关，他们猜想v可能与斜面的倾角，斜面材料，物体的质量m三个因素有关，于是选用：一长方体木块，100克砝码片（可站在木块上表面），两个长度相同材料不同的斜面A和B进行试验，按图1所示，将木块平放在斜面顶端，木块由静止下滑，用传感器测得其到达底端时的v，改变相关条件，多次实验，并将实验数据记录在下表中实验序号斜面M（克）V（厘米/秒）120A200245220A300245320B2001534

34、20B300153525A200307630A200358735A200V2840A200438940A200470分析比较表中数据可得：v与 无关分析比较实验序号1，2，6，8与9的数据及相关条件，可得出的初步结论是：同一木块，平放在长度相同的斜面顶端由静止下滑， 在实验上述实验后，有同学提出新的猜想：v可能还与物体跟斜面的接触面积有关，为了验证猜想，应选择图2中 与（a）进行对比实验（选填“（b）”“（c）”或“（d）”）即可得出初步结论考点：控制变量法与探究性实验方案专题：探究型实验综合题分析：（1）分析数据可知，当斜面的倾角，斜面材料不变时，改变物体的质量，物体从斜面顶端由静止下滑到底

35、端时速度的大小v不变；（2）析比较实验序号1，2，6，8与9的数据及相关条件，可知在斜面材料和物体质量不变时，斜面的倾角越大，物体从斜面顶端由静止下滑到底端时速度的大小v越大；（3）为了探究v可能还与物体跟斜面的接触面积有关，应该保持斜面的倾角和物体质量不变，改变物体的面积，分析确定解答：解：（1）分析数据可知，当斜面的倾角，斜面材料不变时，改变物体的质量，物体从斜面顶端由静止下滑到底端时速度的大小v不变；可得出的初步结论是：v与物体质量无关；（2）析比较实验序号1，2，6，8与9的数据及相关条件，可知在斜面材料和物体质量不变时，斜面的倾角越大，物体从斜面顶端由静止下滑到底端时速度的大小v越大

36、；可得出的初步结论是：同一木块，平放在长度相同的斜面顶端由静止下滑，斜面的倾角越大，物体从斜面顶端由静止下滑到底端时速度的大小v越大；（3）为了探究v可能还与物体跟斜面的接触面积有关，应该保持斜面的倾角和物体质量不变，改变物体的面积，对各图分析可知图（a）、图（d）适合要求故答案为：（1）物体质量m；（2）斜面的倾角越大，物体从斜面顶端由静止下滑到底端时速度的大小v越大；（3）（d）X|k | B| 1 . c |O |m点评：此题考查学生根据条件分析数据归纳结论的能力，注意控制变量法的应用26（6分）（2014上海）小陆同学做“用电流表，电压表测电阻”实验，现只有电源（电压大于3伏且保持不变

37、），待测电阻Rx，电压表（015伏量程档损坏），阻值为10欧的定值电阻R1，阻值为30欧的定值电阻R2，电键及导线若干，他经过思考，进行了三次实验，电路图及闭合电键S后对应的电压表的示数分别如图（a）（b）（c）所示，请根据相关信息计算（需写出计算过程）小陆同学所用电源的电压U 待测电阻Rx的阻值（计算电阻时，精确到0.1欧） 考点：伏安法测电阻的探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）利用欧姆定律I=求出电路中的电流，再根据串联电路电流相等和分压特点求出电源电压；（2）利用欧姆定律的变形公式求解电阻解答：解：由图（a）可知R1两端电压为U1=1.5V，又R1=10电路中的电流为：I=0.15A，w W w .X k b 1.c O m由于串联R2中的电流为I2=0.15A，又R2=30R2两端的电压为U2=I2R2=0.15A30=4.5V电源电压为U=U1+U2=1.5V+4.5V=6V；由图（b）可知电压表示数为1V，则R2两端的电压为6V1V=5V，所以，利用欧姆定律可得：=即=，则此时Rx为6；由图（c）可知电压表示数为2.2V，则R1两端的电压为6V2.2V=3.8V，所以，利用欧姆定律可得：=，则此时Rx为5.79；因此待测电阻为Rx=5.9故答案为：（1）6V；（2）5.9点评：此题主要考查学生对于欧姆定律的理解和掌握，看清电路的连接是解题关键专心-专注-专业