2011年天津市高考数学试卷(理科)(共28页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2011年天津市高考数学试卷（理科）一、选择题（共8小题，每小题5分，满分40分）1（5分）i是虚数单位，复数=（）A2+iB2iC1+2iD12i2（5分）设x，yR，则“x2且y2”是“x2+y24”的（）A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件3（5分）阅读程序框图，运行相应的程序，则输出i的值为（）A3B4C5D64（5分）已知an为等差数列，其公差为2，且a7是a3与a9的等比中项，Sn为an的前n项和，nN*，则S10的值为（）A110B90C90D1105（5分）在的二项展开式中，x2的系数为（）ABCD6（5分）如图，在

2、ABC中，D是边AC上的点，且AB=AD，2AB=BD，BC=2BD，则sinC的值为（）ABCD7（5分）已知，则（）AabcBbacCacbDcab8（5分）对实数a与b，定义新运算“”：设函数f（x）=（x22）（xx2），xR若函数y=f（x）c的图象与x轴恰有两个公共点，则实数c的取值范围是（）ABCD二、填空题（共6小题，每小题5分，满分30分）9（5分）一支田径队有男运动员48人，女运动员36人，若用分层抽样的方法从该队的全体运动员中抽取一个容量为21的样本，则抽取男运动员的人数为10（5分）一个几何体的三视图如图所示（单位：m），则这个几何体的体积为m311（5分）已知抛物线C

3、的参数方程为（t为参数），若斜率为1的直线经过抛物线C的焦点，且与圆（x4）2+y2=r2（r0）相切，则r=12（5分）如图，已知圆中两条弦AB与CD相交于点F，E是AB延长线上一点，且 DF=CF=，AF：FB：BE=4：2：1若CE与圆相切，则CE的长为13（5分）已知集合A=xR|x+3|+|x4|9，B=，则集合AB=14（5分）已知直角梯形ABCD中，ADBC，ADC=90，AD=2，BC=1，P是腰DC上的动点，则|+3|的最小值为三、解答题（共6小题，满分80分）15（13分）已知函数f（x）=tan（2x+），（1）求f（x）的定义域与最小正周期；（2）设（0，），若f（）=

4、2cos2，求的大小16（13分）学校游园活动有这样一个游戏项目：甲箱子里装有3个白球、2个黑球，乙箱子里装有1个白球、2个黑球，这些球除颜色外完全相同，每次游戏从这两个箱子里各随机摸出2个球，若摸出的白球不少于2个，则获奖（每次游戏结束后将球放回原箱）（）求在1次游戏中，（i）摸出3个白球的概率；（ii）获奖的概率；（）求在2次游戏中获奖次数X的分布列及数学期望E（X）17（13分）如图所示，在三棱柱ABCA1B1C1中，H是正方形AA1B1B的中心，AA1=2，C1H平面AA1B1B，且C1H=（1）求异面直线AC与A1B1所成角的余弦值；（2）求二面角AA1C1B1的正弦值；（3）设N为

5、棱B1C1的中点，点M在平面AA1B1B内，且MN平面A1B1C1，求线段BM的长18（13分）在平面直角坐标系xOy中，点P（a，b）（ab0）为动点，F1，F2分别为椭圆的左、右焦点已知F1PF2为等腰三角形（）求椭圆的离心率e；（）设直线PF2与椭圆相交于A，B两点，M是直线PF2上的点，满足，求点M的轨迹方程19（14分）已知a0，函数f（x）=lnxax2，x0（f（x）的图象连续不断）（）当a=时求f（x）的单调区间；证明：存在x0（2，+），使f（x0）=f（）；（）若存在均属于区间1，3的，且1，使f（）=f（），证明20（14分）已知数列an与bn满足：，nN*，且a1=2，

6、a2=4（）求a3，a4，a5的值；（）设cn=a2n1+a2n+1，nN*，证明：cn是等比数列；（）设Sk=a2+a4+a2k，kN*，证明：2011年天津市高考数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题5分，满分40分）1（5分）（2011天津）i是虚数单位，复数=（）A2+iB2iC1+2iD12i【分析】要求两个复数的除法运算，分子和分母同乘以分母的共轭复数，分子和分母上进行复数的乘法运算，最后结果要化简成最简形式【解答】解：复数=2i故选B2（5分）（2011天津）设x，yR，则“x2且y2”是“x2+y24”的（）A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充分必要

7、条件D既不充分也不必要条件【分析】由“x2且y2”推出“x2+y24”可证明充分性；由满足“x2+y24”可举出反例推翻“x2且y2”，则证明不必要性，综合可得答案【解答】解：若x2且y2，则x24，y24，所以x2+y28，即x2+y24；若x2+y24，则如（2，2）满足条件，但不满足x2且y2所以“x2且y2”是“x2+y24”的充分而不必要条件故选A3（5分）（2011天津）阅读程序框图，运行相应的程序，则输出i的值为（）A3B4C5D6【分析】通过程序框图的要求，写出前四次循环的结果得到输出的值【解答】解：该程序框图是循环结构经第一次循环得到i=1，a=2；经第二次循环得到i=2，a

8、=5；经第三次循环得到i=3，a=16；经第四次循环得到i=4，a=65满足判断框的条件，执行是，输出4故选B4（5分）（2011天津）已知an为等差数列，其公差为2，且a7是a3与a9的等比中项，Sn为an的前n项和，nN*，则S10的值为（）A110B90C90D110【分析】通过a7是a3与a9的等比中项，公差为2，求出【解答】解：a7是a3与a9的等比中项，公差为2，所以a72=a3a9，an公差为2，a3=a74d=a7+8，a9=a7+2d=a74，所以a72=（a7+8）（a74），所以a7=8，所以a1=20，所以S10=110故选D5（5分）（2011天津）在的二项展开式中，

9、x2的系数为（）ABCD【分析】利用二项展开式的通项公式求出展开式的通项，令x的指数为2，求出展开式中，x2的系数，即得答案【解答】解：展开式的通项为Tr+1=（1）r22r6C6rx3r令3r=2得r=1所以项展开式中，x2的系数为故选C6（5分）（2011天津）如图，在ABC中，D是边AC上的点，且AB=AD，2AB=BD，BC=2BD，则sinC的值为（）ABCD【分析】根据题中条件，在ABD中先由余弦定理求出cosA，利用同角关系可求sinA，利用正弦定理可求sinBDC，然后在BDC中利用正弦定理求解sinC即可【解答】解：设AB=x，由题意可得AD=x，BD=ABD中，由余弦定理可

10、得sinA=ABD中，由正弦定理可得sinADB=BDC中，由正弦定理可得故选：D7（5分）（2011天津）已知，则（）AabcBbacCacbDcab【分析】比较大小的方法：找1或者0做中介判断大小，log43.61，log23.41，利用分数指数幂的运算法则和对数的运算法则对c进行化简，得到1b，再借助于中间值log2进行比较大小，从而得到结果，【解答】解：log23.41，log43.61，又y=5x是增函数，ab，=b而log23.4log2log3，ac故acb故选C8（5分）（2011天津）对实数a与b，定义新运算“”：设函数f（x）=（x22）（xx2），xR若函数y=f（x）c

11、的图象与x轴恰有两个公共点，则实数c的取值范围是（）ABCD【分析】根据定义的运算法则化简函数f（x）=（x22）（xx2）的解析式，并求出f（x）的取值范围，函数y=f（x）c的图象与x轴恰有两个公共点转化为y=f（x），y=c图象的交点问题，结合图象求得实数c的取值范围【解答】解：，函数f（x）=（x22）（xx2）=，由图可知，当c函数f（x） 与y=c的图象有两个公共点，c的取值范围是 ，故选B二、填空题（共6小题，每小题5分，满分30分）9（5分）（2011天津）一支田径队有男运动员48人，女运动员36人，若用分层抽样的方法从该队的全体运动员中抽取一个容量为21的样本，则抽取男运动员

12、的人数为12【分析】根据田径队的男女运动员数目和用分层抽样要抽取的数目，得到每个个体被抽到的概率，利用每个个体被抽到的概率乘以男运动员的数目，得到结果【解答】解：田径队有男运动员48人，女运动员36人，这支田径队共有48+36=84人，用分层抽样的方法从该队的全体运动员中抽取一个容量为21的样本，每个个体被抽到的概率是，田径队有男运动员48人，男运动员要抽取48=12人，故答案为：1210（5分）（2011天津）一个几何体的三视图如图所示（单位：m），则这个几何体的体积为6+m3【分析】由已知中的三视图，我们易判断已知中几何体的形状，然后根据已知的三视图分析出几何体的相关几何量，代入体积公式，

13、即可求出该几何体的体积【解答】解：由已知可得已知的几何体是一个圆锥和长方体的组合体其中上部的圆锥的底面直径为2，高为3，下部的长方体长、宽高分别为：2，3，1则V圆锥=3=V长方体=123=6则V=6+故答案为：6+11（5分）（2011天津）已知抛物线C的参数方程为（t为参数），若斜率为1的直线经过抛物线C的焦点，且与圆（x4）2+y2=r2（r0）相切，则r=【分析】由抛物线C的参数方程为我们易求出抛物线的标准方程，进而根据斜率为1的直线经过抛物线C的焦点，且与圆（x4）2+y2=r2（r0）相切，我们根据直线与圆相切，则圆心到直线的距离等于半径，求出直线方程后，代入点到直线距离公式，构造

14、关于r的方程，解方程即可得到答案【解答】解：抛物线C的参数方程为则抛物线的标准方程为：y2=8x则抛物线C的焦点的坐标为（2，0）又斜率为1的直线经过抛物线C的焦点则直线的方程为y=x2，即经xy2=0由直线与圆（x4）2+y2=r2，则r=故答案为：12（5分）（2011天津）如图，已知圆中两条弦AB与CD相交于点F，E是AB延长线上一点，且 DF=CF=，AF：FB：BE=4：2：1若CE与圆相切，则CE的长为【分析】设出AF=4k，BF=2k，BE=k，由DFFC=AFBF求出k的值，利用切割定理求出CE【解答】解：设AF=4k，BF=2k，BE=k，由DFFC=AFBF，得2=8k2，

15、即k=，AF=2，BF=1，BE=，AE=，由切割定理得CE2=BEEA=，CE=13（5分）（2011天津）已知集合A=xR|x+3|+|x4|9，B=，则集合AB=x|2x5【分析】求出集合A，求出集合B，然后利用集合的运算法则求出AB【解答】解：集合A=xR|x+3|+|x4|9，所以A=x|4x5；集合，当且仅当t=时取等号，所以B=x|x2，所以AB=x|4x5x|x2=x|2x5，故答案为：x|2x514（5分）（2011天津）已知直角梯形ABCD中，ADBC，ADC=90，AD=2，BC=1，P是腰DC上的动点，则|+3|的最小值为5【分析】根据题意，利用解析法求解，以直线DA，

16、DC分别为x，y轴建立平面直角坐标系，则A（2，0），B（1，a），C（0，a），D（0，0），设P（0，b）（0ba），求出，根据向量模的计算公式，即可求得，利用完全平方式非负，即可求得其最小值【解答】解：如图，以直线DA，DC分别为x，y轴建立平面直角坐标系，则A（2，0），B（1，a），C（0，a），D（0，0）设P（0，b）（0ba）则=（2，b），=（1，ab），=（5，3a4b）=5故答案为5三、解答题（共6小题，满分80分）15（13分）（2011天津）已知函数f（x）=tan（2x+），（1）求f（x）的定义域与最小正周期；（2）设（0，），若f（）=2cos2，求的大小【分析

17、】（）利用正切函数的定义域求出函数的定义域，利用周期公式求出最小正周期；（）通过，化简表达式，结合（0，），求出的大小【解答】解：（）由2x+k，kZ所以x，kZ所以f（x）的定义域为：f（x）的最小正周期为：（）由得tan（）=2cos2，整理得 因为（0，），所以sin+cos0 因此（cossin）2=即sin2=因为（0，），所以=16（13分）（2011天津）学校游园活动有这样一个游戏项目：甲箱子里装有3个白球、2个黑球，乙箱子里装有1个白球、2个黑球，这些球除颜色外完全相同，每次游戏从这两个箱子里各随机摸出2个球，若摸出的白球不少于2个，则获奖（每次游戏结束后将球放回原箱）（）求在

18、1次游戏中，（i）摸出3个白球的概率；（ii）获奖的概率；（）求在2次游戏中获奖次数X的分布列及数学期望E（X）【分析】（I）（i）甲箱子里装有3个白球、2个黑球，乙箱子里装有1个白球、2个黑球，这些球除颜色外完全相同，每次游戏从这两个箱子里各随机摸出2个球，事件数是C52C32，摸出3个白球事件数为C32C21C21；由古典概型公式，代入数据得到结果，（ii）获奖包含摸出2个白球和摸出3个白球，且它们互斥，根据（i）求出摸出2个白球的概率，再相加即可求得结果，注意运算要正确，因为第二问要用本问的结果（II）连在2次游戏中获奖次数X的取值是0、1、2，根据上面的结果，代入公式得到结果，写出分布

19、列，求出数学期望【解答】解：（）（i）设“在一次游戏中摸出i个白球”为事件Ai（i=，0，1，2，3），则P（A3）=，（ii）设“在一次游戏中获奖”为事件B，则B=A2A3，又P（A2）=，且A2、A3互斥，所以P（B）=P（A2）+P（A3）=；（）由题意可知X的所有可能取值为0，1，2P（X=0）=（1）2=，P（X=1）=C21（1）=，P（X=2）=（）2=，所以X的分布列是X012pX的数学期望E（X）=017（13分）（2011天津）如图所示，在三棱柱ABCA1B1C1中，H是正方形AA1B1B的中心，AA1=2，C1H平面AA1B1B，且C1H=（1）求异面直线AC与A1B1所

20、成角的余弦值；（2）求二面角AA1C1B1的正弦值；（3）设N为棱B1C1的中点，点M在平面AA1B1B内，且MN平面A1B1C1，求线段BM的长【分析】方法一：如图所示，建立空间直角坐标系，点B为坐标原点（）求出中的有关向量，然后求出异面直线AC与A1B1所成角的余弦值；（）利用求出平面AA1C1的法向量，通过求出平面A1B1C1的法向量，然后利用求二面角AA1C1B1的正弦值；（）设N为棱B1C1的中点，设M（a，b，0），利用MN平面A1B1C1，结合求出a，b，然后求线段BM的长方法二：（I）说明C1A1B1是异面直线AC与A1B1所成的角，通过解三角形C1A1B1，利用余弦定理，求出

21、异面直线AC与A1B1所成角的余弦值为（II）连接AC1，过点A作ARA1C1于点R，连接B1R，说明ARB1为二面角AA1C1B1的平面角连接AB1，在ARB1中，通过，求出二面角AA1C1B1的正弦值为（III）首先说明MNA1B1取HB1中点D，连接ND，由于N是棱B1C1中点，推出NDA1B1证明A1B1平面MND，连接MD并延长交A1B1于点E，延长EM交AB于点F，连接NE连接BM，在RtBFM中，求出【解答】方法一：如图所示，建立空间直角坐标系，点B为坐标原点依题意得（I）解：易得，于是，所以异面直线AC与A1B1所成角的余弦值为（II）解：易知设平面AA1C1的法向量=（x，y

22、，z），则即不妨令，可得，同样地，设平面A1B1C1的法向量=（x，y，z），则即不妨令，可得于是，从而所以二面角AA1C1B的正弦值为（III）解：由N为棱B1C1的中点，得设M（a，b，0），则由MN平面A1B1C1，得即解得故因此，所以线段BM的长为方法二：（I）解：由于ACA1C1，故C1A1B1是异面直线AC与A1B1所成的角因为C1H平面AA1B1B，又H为正方形AA1B1B的中心，可得A1C1=B1C1=3因此所以异面直线AC与A1B1所成角的余弦值为（II）解：连接AC1，易知AC1=B1C1，又由于AA1=B1A1，A1C1=A1C1，所以AC1A1B1C1A1，过点A作AR

23、A1C1于点R，连接B1R，于是B1RA1C1，故ARB1为二面角AA1C1B1的平面角在RtA1RB1中，连接AB1，在ARB1中，=，从而所以二面角AA1C1B1的正弦值为（III）解：因为MN平面A1B1C1，所以MNA1B1取HB1中点D，连接ND，由于N是棱B1C1中点，所以NDC1H且又C1H平面AA1B1B，所以ND平面AA1B1B，故NDA1B1又MNND=N，所以A1B1平面MND，连接MD并延长交A1B1于点E，则MEA1B1，故MEAA1由，得，延长EM交AB于点F，可得连接NE在RtENM中，NDME，故ND2=DEDM所以可得连接BM，在RtBFM中，18（13分）（

24、2011天津）在平面直角坐标系xOy中，点P（a，b）（ab0）为动点，F1，F2分别为椭圆的左、右焦点已知F1PF2为等腰三角形（）求椭圆的离心率e；（）设直线PF2与椭圆相交于A，B两点，M是直线PF2上的点，满足，求点M的轨迹方程【分析】（）直接利用F1PF2为等腰三角形得|PF2|=|F1F2|，解其对应的方程即可求椭圆的离心率e；（）先把直线方程与椭圆方程联立，求得A，B两点的坐标，代入，即可求点M的轨迹方程【解答】解：（）设F1（c，0），F2（c，0）（c0）由题得|PF2|=|F1F2|，即=2c，整理得2+1=0，得=1（舍），或=，所以e=（）由（）知a=2c，b=c，可得

25、椭圆方程为3x2+4y2=12c2，直线方程为y=（xc）A，B的坐标满足方程组，消y并整理得5x28xc=0，解得x=0，x=，得方程组的解为，不妨设A（c，c），B（0，c）设点M的坐标为（x，y），则=（xc，yc），=（x，y+c）由y=（xc）得c=xy ，由=2即（xc）x+（yc）（y+c）=2将代入化简得18x216xy15=0，y=代入化简得c=0所以x0，因此点M的轨迹方程为18x216xy15=0 （x0）19（14分）（2011天津）已知a0，函数f（x）=lnxax2，x0（f（x）的图象连续不断）（）当a=时求f（x）的单调区间；证明：存在x0（2，+），使f（x0

26、）=f（）；（）若存在均属于区间1，3的，且1，使f（）=f（），证明【分析】（I）将a=代入可得函数的解析式，求导数f（x）；在函数的定义域内解不等式f（x）0和f（x）0确定的单调区间由（I）知f（x）在（0，2）内单调递增，在（2，+）内单调递减令g（x）=f（x）f（）利用函数f（x）在（0，2）内单调递增，得到f（2）f（），即g（2）0最后取x=e2，则g（x）=0从而得到结论；（II）先由f（）=f（）及（I）的结论知，从而f（x）在，上的最小值为f（a）再依123建立关于a的不等关系即可证得结论【解答】解：（I）当a=时，f（x）=lnxx2f（x）=x=，x（0，+），令f（

27、x）=0，解得x=2当x变化时，f（x），f（x）的变化情况如下表： 所以，f（x）的单调递增区间是（0，2），f（x）的单调递减区间是（2，+）证明：由（I）知f（x）在（0，2）内单调递增，在（2，+）内单调递减令g（x）=f（x）f（）由于f（x）在（0，2）内单调递增，故f（2）f（），即g（2）0取x=e2，则g（x）=0所以存在x0（2，x），使g（x0）=0，即存在x0（2，+），使f（x0）=f（）（II）证明：由f（）=f（）及（I）的结论知，从而f（x）在，上的最小值为f（a）又由1，1，3，知123故即从而a20（14分）（2011天津）已知数列an与bn满足：，nN*，

28、且a1=2，a2=4（）求a3，a4，a5的值；（）设cn=a2n1+a2n+1，nN*，证明：cn是等比数列；（）设Sk=a2+a4+a2k，kN*，证明：【分析】（）要求a3，a4，a5的值；通过赋值方法，利用已知条件化简求解即可（）化简出a2n1+a2n+1，a2n+1+a2n+3的关系，即：cn+1与cn的关系，从而证明cn是等比数列；就是利用（）的，用2n1，2n，2n+1，替换中的n，化简出只含“an”的关系式，就是a2n1+a2n+2a2n+1=0，2a2n+a2n+1+a2n+2=0，a2n+1+a2n+2+2a2n+3=0，然后推出a2n+1+a2n+3=（a2n1+a2n+

29、1），得到cn+1=cn（nN*），从而证明cn是等比数列；（）先研究通项公式a2k，推出Sk的表达式，然后计算，结合证明的表达式，利用表达式的特征，通过裂项法以及放缩法证明即可；就是：根据a2k1+a2k+1=（1）k，对任意kN*且k2，列出n个表达式，利用累加法求出a2k=（1）k+1（k+3）化简S2k=（a2+a4）+（a6+a8）+（a4k2+a4k）=k，kN*，通过裂项法以及放缩法证明：【解答】20、满分14分（I）解：由，可得又bnan+an+1+bn+1an+2=0，（II）证明：对任意nN*，a2n1+a2n+2a2n+1=0，2a2n+a2n+1+a2n+2=0，a2n+1+a2n+2+2a2n+3=0，得a2n=a2n+3将代入，可得a2n+1+a2n+3=（a2n1+a2n+1）即cn+1=cn（nN*）又c1=a1+a3=1，故cn0，因此是等比数列（III）证明：由（II）可得a2k1+a2k+1=（1）k，于是，对任意kN*且k2，有将以上各式相加，得a1+（1）ka2k1=（k1），即a2k1=（1）k+1（k+1），此式当k=1时也成立由式得a2k=（1）k+1（k+3）从而S2k=（a2+a4）+（a6+a8）+（a4k2+a4k）=k，S2k1=S2ka4k=k+3所以，对任意nN*，n2，=对于n=1，不等式显然成立专心-专注-专业