2018年重庆市中考物理试卷(A卷)答案及解析(共18页).docx

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2018年重庆市中考物理试卷（A卷）答案及解析（全卷共四个大题，满分80分，与化学共用120分钟）一、 选择题 (本题共8个小题，每小题只有一个选项最符合题意，每小题3分，共24分。)1.下列物理量最接近实际的是（ ）A.人体的正常的体温约37 B.人体的安全电压是不高于1.5VC.正常人心脏跳动60次约需1h D.中考体考所用的实心球质量约10kg【答案】A【解析】B人体的安全电压是不高于36V；C正常人心脏跳动60次约需1min；D中考体考所用的实心球质量约为2kg【点评】此题主要考查考生对物体的估量及常见知识的了解，属于中考当中的简单题。2.描述二十四节气的诗句

2、中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是（ ）A.霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热B.清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象C.秋分：“丹桂小菊方径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动D.立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的【答案】C【解析】A霜的形成为凝华，需要放热；B雨的形成为液化；D大地内能的增加是太阳通过热传递的方式实现的【点评】此题考察的是物态变化，只要能理解记忆相关概念就能正确解题，属于简单题。3.如图1所示的重庆网红图片，相关描述正确的是 A B C D图1A.洪崖洞在平静江水中的倒影是等大的虚像B.游客看到穿楼而过的轻轨列

3、车是平面镜成的像C.朝天门夜空中璀璨梦幻的光柱是光的折射形成的D.用手机拍摄过江索道的照片利用了小孔成像的原理【答案】A【解析】B游客看到列车是光照射在列车上，列车反射光线所成的像；C朝天门夜空中的光柱是光沿直线传播形成的；D用手机拍摄过江索道照片利用了凸透镜成像的原理【点评】此题主要考查光现象，基础题。4.村居诗中“儿童散学归来早，忙趁东风放纸鸢”，描绘儿童放飞风筝的画面如图2所示，以下说法正确的是（ ）图2A. 放风筝的儿童在奔跑中惯性会消失B. 越飞越高的风筝相对于地面是静止的C. 儿童鞋底有凹凸的花纹是为了减小摩擦D. 线对风筝的拉力和风筝对线的拉力是一对相互作用力【答案】D【解析】A

4、惯性是物体自身具有的属性，只与其质量有关；B越飞越高的风筝相对地面位置在发生变化，是相对运动的；C鞋底凹凸的花纹是为了增大接触面粗超程度来增大摩擦；D线对风筝的拉力和风筝对线的拉力大小相等、方向相反、作用在相互的两个物体上，是一对相互作用力。【点评】此题考察的是物理知识的理解，只要能理解记忆相关概念就能正确解题，属于简单题。5.有关电和磁的知识，下列说法正确的是（ ）A. 玩耍的儿童可以将手指塞进插座孔B. 发电机是利用电磁感应原理制成的C. 通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场不相似D. 验电器是利用同种电荷相互吸引的原理制成的【答案】B【解析】A绝对不可以将手插入插座孔；B发电机是根据电磁感

5、应原理制成；C通电螺线管外部磁场和条形磁体磁场相似；D验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的。【点评】本题主要考察的是电与磁部分的记忆理解知识，属于简单题型。6.小峻参加青少年科学素养大赛，设计了自然火灾报警器。报警器中有热敏电阻R和保护电阻R0，其中R的阻值随温度的升高而减小，当火灾发生时，温度升高，导致电表示数变大而触发报警装置。图3中能实现上述功能的电路图是（ ）如图3【答案】C【解析】A选项R阻值随温度增大而减小，分得的电压会减小，所以电压表示数变小，不合题意；B电压表测电源电压，不会随电阻变化而变化，不合题意；C选项当温度升高，R阻值减小，电流表示数变大，符合题意；D选项电流表使用

6、不正确，不合题意。【点评】本题主要考察的是电路设计的问题，根据四个选项逐一排除即可，属于简单题型。7. 工人用图4所示的动滑轮，将重1000N的物体在5s内匀速竖直提升了1m，人对绳自由端的拉力F为600N，不计绳重和摩擦。以下结论正确的是 （ ）A.动滑轮的有用功为600J B.动滑轮的重力为400NC.动滑轮的机械效率为83.3% D.拉力F的功率为120W图4【答案】C【解析】有用功为重物重力做功，W有=Gh=1000J,A错；不计绳重和摩擦，F拉=12G+G动，G动=200N,B错；机械效率=W有W总100%=GnF拉100%83.3%，C正确；绳子自由端移动的速度v=0.4m/s,拉

7、力的功率P=Fv=240W,D错。【点评】本题考查滑轮组相关公式的应用，属于简单题。8. 在如题5所示的实物电路中，电源电压恒为3V,滑动变阻器的规格为“10 1A”,灯泡上标有“2.5V 1W”的字样，闭合开关后调节滑动变阻器的滑片，在保证各元件安全的情况下，下列说法正确的是 （ ）A.小灯泡正常发光时的电阻为2.5B.向右移动滑片时，电压表V1的示数变小，小灯泡亮度变暗C.向右移动滑片时，电压表V2与电流表A的示数之比不变D.让小灯泡正常发光1min，滑动变阻器产生的电热为12J【答案】D【解析】灯泡正常发光时的电阻R=U2P=6.25,A错；电压表V1测小灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器

8、电压，向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路阻值变小，对应的V2示数变小，总电压不变，所以V1示数变大，小灯泡变亮，B错；V2测滑动变阻器电压，A测整个电路电流同时也是通过滑动变阻器的电流，两者之比为滑动变阻器的电阻，由于向右移动滑片滑动变阻器阻值变小，所以电压表V2与电流表A的示数之比变小，C错；小灯泡正常发光时，电路中电流I=PU=0.4A,滑动变阻器电压为U-U灯=0.5V,1min滑动变阻器产生的电热W=UIt=12J,D正确。【点评】本题为电路动态分析综合题，考查欧姆定律，电功、电功率公式及电压表电流表示数变化与比值，题型较普遍，难度简单。9.丹麦物理学家_首先发现了电与磁之间存在本质联

9、系，生产生活中的_（选填“电磁起重机”“台灯”或“电热毯”）主要是利用电流磁效应工作的。【答案】奥斯特；电磁起重机【解析】本题考查电流磁效应及其应用，奥斯特首先提出了电流的磁效应现象。【点评】此题主要考查考生对电流磁效应基本知识的了解，属于中考当中的基础题。10.川航3U8633航班从重庆起飞时，利用了空气流速越大压强越_（选填“大”或“小”）的原理，飞往拉萨的途中遇险，在机长刘传健睿智的处理下成功迫降在双流机场，飞机下降过程中重力势能_（选填“增大”“减小”或“不变”）。【答案】小；减小【解析】本题考察了压强与流速的关系，气体流速越大，压强越小；还考察了重力势能与高度的关系，当物体质量不变时

10、，物体高度降低，重力势能减小。【点评】此题主要考查考生对压强与流速的关系和重力势能与高度的关系的基本知识的了解，属于中考当中的基础题。11.小薇在“探究水的沸腾”实验中，所用水的质量为0.5kg，初温为58，测出水沸腾时的温度为98，则当地大气压比一个标准大气压_（选填“高”或“低”），本实验中水加热至沸腾至少吸热_J。水的比热容c水=4.2103J/(kg)【答案】低 8.4104【解析】一个标准大气压下水的沸点是100，气压降低水的沸点降低，所以当水的沸点为98时，当地气压低于一个标准大气压；由热学公式Q=cmt知，式中m为0.5kg，t为40，水吸收的热量为8.4104J。【点评】本题考

11、察了大气压强与液体沸点的关系以及基本热量公式的应用，考查了学生的基础计算能力。12.水平升降台面上有一个足够深、底面积为40cm2 的柱形容器，容器中水深20cm，则水对容器底部的压强为_Pa。现将底面积为10cm2、高为20cm的圆柱体A悬挂在固定的弹簧测力计下端，使A浸入水中，稳定后，A的下表面距水面4cm，弹簧测力计的示数为0.8N，如图6所示，然后使升降台上升7cm，再次稳定后，A所受的浮力为_N（已知弹簧受到的拉力每减少1N，弹簧的长度就缩短1cm）【答案】2000 2【解析】由题意可知，P=水gh=1.0103kg/m30.2m10N/kg=2000Pa；由悬挂在固定的弹簧测力计下

12、端，使A浸入水中，稳定后，A的下表面距水面4cm，可知此时的浮力为0.4N，弹簧测力计的示数为0.8N，故物体的重力为1.2N。当升降台上升7cm时，设弹簧上升距离为h cm，物体浸末在液体中的深度为h cm，则此时数字上物体的浮力F浮=h+0.4=水g S物h106；则根据液体体积体积关系有7S容=hS容 +（h-4）（S容-S物），联立两式解得h=14/17，结合题意可知此时物体处于完全浸末状态，浮力大小F浮=水gV排=1.0103kg/m3210-3m310N/kg=2N。13.2018年5月21日，在西昌卫星发射中心，伴随着大量白雾的长征四号丙运载火箭腾空而起，达乘火箭的“鹊桥”号中继

13、卫星成功升空，如图7所示。当星箭分离后，“鹊桥”达到一定高度，打开伞状抛物面天线；变轨后，“鹊桥”进入近地点约200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道，将进行在轨测试，为未来实现着陆器、巡视器与地面站之间的测控与数据传输提供通信桥梁。“鹊桥”将成为人类历史上第一颗地球轨道外专用中继通信卫星，这是我国在月球探测领域取得的新突破。 请根据以上资料，找出一个相关的物理信息，并指出对应的物理知识，不得与示例重复。示例：物理信息：实现着陆器、巡视器与地面站之间的测控与数据传输； 物理知识：利用电磁波通信。作答：物理信息：_； 物理知识：_。 【答案】（1）、物理信息：伴随着大量白雾的长征四号丙运载火

14、箭腾空 物理知识：白雾是液化形成 （2）、物理信息：打开伞状抛物面天线 物理知识：力改变物体的运动状态 （3）、物理信息：“鹊桥”进入近地点约200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道 物理知识：在运行轨道上机械能守恒【解析】本题是开放性试题，答案不一，只要现象与物理知识吻合即可。可以从物态变化来分析：伴随着大量白雾的长征四号丙运载火箭腾空，白雾是液化形成；也可以从力的角度来回答：打开伞状抛物面天线，力改变物体的运动状态，所以灵活度高。其它符合题意即可。【点评】解答开放性试题，应从自己比较熟悉的只是入手，找准现象对应的物理知识，比较容易得分。14. 请按要求完成下列作图：（1）画出图8甲中入

15、射光线AO经平面镜反射后的反射光线OB；（2）在图8乙中的A点画出箱子在水平向左滑行过程中受到的摩擦力示意图。14.【答案】【解析】（1）根据光的反射定律，法线与镜面垂直，入射光线和反射光线分居法线（虚线）两侧，入射角等于反射角，等于60（2）滑动摩擦力的方向与运动方向相反，水平向右，作用点在A点【点评】该题目考查了两种基本作图法，涉及光学和力学。侧重基本概念，难度比较低。15.在探究“凸透镜成像规律”的实验中，小峻同学进行了如下实验：(1)按如图9甲所示操作，测出本实验所用凸透镜的焦距为_ cm。(2)接着小峻调节蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图9乙所示，发现在光屏上得到一个倒立、_（选填“放大

16、”“缩小”或“等大”）的清晰实像，生活中的_（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用了这样的成像原理。(3)保持图9乙中凸透镜的位置不变，当向右移动蜡烛时，应该向_ （选填“左”或“右”）移动光屏，才能再次得到清晰的像。(4)保持凸透镜的位置仍然不变，小峻继续向右移动蜡烛至45cm刻度线处，移动光屏，发现_（选填“能”或“不能”）得到蜡烛清晰的像。【答案】(1)10.0(2)放大;投影仪(3)右(4)不能【解析】“探究凸透镜成像规律”的实验中，从图9甲中观察可以得出凸透镜焦距为10.0cm;从图9乙中观察可以得出此时物距处于1倍焦距和2倍焦距之间，因此应该成倒立、放大的实像；保持凸透镜

17、位置不变，向右移动物体，像与物体同向移动，因此应该向右移动光屏，才能再次得到清晰的像；保持凸透镜的位置不变，继续向右移动蜡烛到45cm刻度线处，此时物体处于1倍焦距以内，此时凸透镜成正立、放大的虚像，所以无论怎么移动光屏都不能在光屏上成像。16.小薇同学在测固体密度时，操作步骤如下： （1）在实验室，小薇把天平放在_工作台上，将游码归零，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向_调节（选填“左”或“右”），使天平横梁平衡。（2）小薇选用了一块小矿石，用调好的天平测它的质量，当右盘中所加砝码和游码的位置如图10甲所示时，天平恢复平衡，则测得的矿石质量是_ g。（3）如图10乙所示的量筒分度值

18、为_cm3，在量筒中装入适量的水，将系了细线的矿石轻放入量筒，如图10乙所示，读数时视线应与液面_（选填“相平”或“不相平”），测得矿石的体积是_ cm3。（4）实验后，小薇发现使用的20 g砝码生锈了，由此导致测得的矿石密度会_（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。（5）小薇回家后，想测出家里某个小饰品的密度，她找到家里的电子秤，称出饰品的质量是140g，又借助细线、水、玻璃杯，测出了饰品的体积，她的实验操作步骤如图10丙、丁所示，则饰品的密度是_ g / cm3。【答案】(1)水平；右(2)43.4g(3)2;相平;18(4) 偏小(5)2.8【解析】(1)天平要水平放置；右边高，螺母就往右

19、边调； (2)天平读数，应该是砝码质量加上游码示数；(3)最小格所代表的数值叫做分度值；量筒读数时视线应与液面相平；矿石的体积为两次读数的差值；(4) 砝码生锈了，砝码的质量大于标准值。(5) 丙丁两图的质量差为50g,则压力差为0.5N,又浮力等于压力差;根据阿基米德原理，可以计算出排开水的体积，即物体的体积，V排=V物=50cm；有已知m物=140g再利用公式: =m/v求出饰品的密度为2.8 g / cm3。17. 小峻和小薇两位同学在“探究欧姆定律”的实验中，所用器材有：学生电源、电流表、电压表、标有“20 2A”的滑动变阻器R、开关、导线和定值电阻R若干。(1) 请根据图11甲，用笔

20、画线代替导线，将图11乙中的实物电路连接完整。（要求：向右移动滑动变阻器滑片时，电路中的电流变小，且导线不能交叉）(2) 连接电路时，开关必须_；连接完电路后，小薇发现电流表和电压表的位置互换了，如果闭合开关，则_表（选填“电压”或“电流”）的指针可能有明显偏转。(3) 排除故障后，他们先探究电流与电压的关系。闭合开关，移动滑片依次测得5组数据，其中第5次实验中电压表的指针如图11丙所示，其示数为_ V。他们记录的数据如表1所示，分析数据可以得到的结论是：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 _ 比。表1 电流与电压关系实验序号12345电压/V1.01.21.82电流/A0.200

21、.240.360.400.44表2 电流与电阻关系实验序号1234电阻/10152025电流/A0.300.200.150.12 (4) 他们继续探究电流与电阻的关系，先将电源电压调为6V，分别换上多个定值电阻进行探究，数据记录如表2所示，老师指出其中一组数据是拼凑的，你认为是第_组（选填实验序号），理由是实验所用的滑动变阻器的最大阻值太_了（选填“大”或“小”）。 (5) 排除拼凑的数据后，分析数据可以得到的结论是：在_ 一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。（6）在不更换滑动变阻器的情况下，可以采取_的措施（选填字母符号），完成这组拼凑数据所对应的实验测量。A.降低定值电阻两端电压 B

22、.降低电源电压 C.选用更大阻值的定值电阻【答案】(1)电路如图：(2)断开；电压(3)2.2；正(4)4；小(5)导体两端的电压(6)B【解析】(1)要求向右移动滑动变阻器的滑片时电流变小，即滑动变阻器连入电路的阻值变大，所以应连接滑动变阻器的左端(2)连接电路时，为保护电路，开关应断开；电流表和电压表互换位置之后，相当于电压表串联在电路中，电压表直接测的电源电压，电压表内阻非常大，视作断路，电流表无示数，所以电压表的指针可能有明显的偏转;(3)电压表量程为“03V”，所以示数为2.2V；由表1数据可得电压与电流的比值一定，所以在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比;(4)要探究

23、电流与电阻的关系，就要控制电阻两端电压不变，由表2数据可知，定值电阻两端电压为3V，由此可知滑动变阻器两端电压为3V，根据串联电路分压的特点，可知滑动变阻器连入电路的阻值应等于定值电阻的阻值，但滑动变阻器最大阻值为20，第4组实验中的定值电阻为25，超过了滑动变阻器的最大阻值，所以第4组实验数据为拼凑的，滑动变阻器的最大阻值太小了；(5)由表2数据可知，电流与电阻的乘积为一定值，所以当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比(6)当定值电阻选25时，滑动变阻器阻值取最大为20，此时要满足实验要求，根据串联电路分压的特点，A选项降低定值电阻两端的电压，则滑动变阻器两端的电压增大，滑

24、动变阻器的取值会超过25，显然不符合要求；B选项，降低电源电压，定值电阻两端电压仍保持为3V，则滑动变阻器两端电压减小，滑动变阻器的取值也相应减小，满足实验要求；C选项选用更大阻值的定值电阻，则要求滑动变阻器的阻值更大，显然不符合要求，综上选B。18.如图12所示，某公司研发的智能服务机器人，它具有净化室内空气、陪伴老人聊天散步等功能。若它在50N的牵引力的作用下，以0.5m/s的速度在水平地面匀速直线行驶60s，求：(1)它行驶的路程；(2)此过程中牵引力所做的功。【答案】(1)30m;(2)1500J。【解析】(1)用匀速直线运动中的路程公式:s=vt0.5m/s60s30m；(2)用恒力

25、做功公式：WFs50N30m1500J。19. 小峻家中有一个浴足盆，其部分铭牌信息如图13甲所示，图13乙为浴足盆的工作电路，R1、R2均为电热丝，当开关S接a、b触点时，浴足盆的挡位不同。求：型号MLJY-01额定电压220 V额定加热功率880 W额定保温功率100 W图13（1）额定加热电流；（2）R1和R2的阻值各为多少欧？（3）在用电高峰期，小峻关闭家中其他用电器，只让浴足盆通电，使其处于加热状态1min，电能表（如图12丙所示）的圆盘转了30转，则浴足盆加热的实际电功率为多少瓦？【答案】（1）4A;（2）R1=429 R2=55;（3）P实=600W.【解析】（1）当开关打到b处

26、时为加热状态，已知额定加热功率为880W，由P=UI得:I加热=P加热U=800W220V=4A（2）由U=I加热R2得：R2=UI加热=220V4A=55.当开关打到a处时为额定保温状态，已知额定保温功率为100W，由P=U2R得:R1+R2=U2P保温=（220V）2100w=484.则R1=484-55=429.（3）由3000r/kwh得30转对应电功为:W=kwh=0.01x3.6x106J=3.6x104J.由P=Wt得P实=3.6x104J60s=600W.20.为探究平衡木受力特点，喜爱体操的小薇设计了一个平衡木模型。整个装置如图14甲所示，AB可绕支点O无摩擦转动，C处固定一

27、竖直硬杆，硬杆的底部安装了压敏电阻片R，R所在的电路放在了硬杆内（整个装置除硬杆以外，其它部分的重力均不计），且AB=5m，OA=BC=1m，电源电压恒为3V，硬杆底部R阻值随地面对它的支持力F变化的关系如图14乙所示，整个装置放在水平地面上，AB始终处于平衡状态，当重360N的小薇站在A点时，电流表的示数，为0.1A,求：（1）小薇在A点时，C处受到硬杆的拉力；（2）小薇在A点时，地面对硬杆底部R的支持力；（3）当电流表的示数为0.3A时，小薇距A点多少米？【答案】(1)120N;(2)60N;(3)2m【解析】（1）由杠杆平条件得： G1lOA=F1lOC=F1(lAB lBC - lOA)3601=F1(5-1-1)F1N1G2 F1=120N（2）由欧姆定律得： R1=UI1=30.1=30 由图可知：N1=60N（3）对硬杆进行受力分析： G2=N1+F1=60+120=180N 由欧姆定律得： R2=UI2=30.3=10 由图可知：N2=300N 因为N2G2，所以小薇在O点的左方。 对此时的硬杆进行受力分析：N2G2F2 F2=N2-G2=300-180=120N 由杠杆的平衡条件得: G1( l - lOA )=F2lOC 360（l - 1）=1203 l=2m专心-专注-专业